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1. 估测家用电器的实际功率(以电吹风为例).
(1)实验原理是
(2)需要的器材是
(3)测量方法：
①关闭家里的
②利用
③用字母代表所涉及的物理量，请你写出计算电功率的公式$P=$
(1)实验原理是
P=$\frac{W}{t}$
.(2)需要的器材是
电能表
和秒表
.(3)测量方法：
①关闭家里的
其他
用电器，只启动电吹风
；②利用
秒表
测量电吹风工作时电能表铝盘转$n$转所用时间为$t$；③用字母代表所涉及的物理量，请你写出计算电功率的公式$P=$
$\frac{nW_0}{Nt}$($W_0$=1 kW·h)
.[设电能表上标有“$N\mathrm{ r}/(\mathrm{kW· h})$”的字样]答案
$P=\frac{W}{t}$
电能表
秒表
其他
电吹风
秒表
$ \frac {nW_0}{Nt}(W_0=1\ \mathrm {kW·h})$
电能表
秒表
其他
电吹风
秒表
$ \frac {nW_0}{Nt}(W_0=1\ \mathrm {kW·h})$
解析
【分析】
要估测电吹风的实际功率，首先明确实验核心原理是电功率的定义式$P=\frac{W}{t}$，即通过测量用电器消耗的电能$W$和工作时间$t$来计算功率。测量电能需用到电能表，测量时间需用到秒表，这是实验的核心器材。测量时，为保证电能表的转数仅对应电吹风消耗的电能，需关闭家中其他所有用电器，只启动电吹风；再用秒表记录电能表铝盘转$n$转的时间$t$。结合电能表参数“$N\ \mathrm{r}/(\mathrm{kW·h})$”（表示每消耗$1\ \mathrm{kW·h}$电能，铝盘转$N$转），可推导出转$n$转消耗的电能$W=\frac{n}{N}×1\ \mathrm{kW·h}$，代入功率公式即可得到计算式。
【解析】
(1) 实验原理是电功率的定义式：$\boldsymbol{P=\frac{W}{t}}$。
(2) 测量电能需要电能表，测量工作时间需要秒表，因此需要的器材是电能表和秒表。
(3) 测量方法：
① 关闭家里的其他用电器，只启动电吹风，确保电能表的计量仅对应电吹风消耗的电能；
② 利用秒表测量电吹风工作时电能表铝盘转$n$转所用时间为$t$；
③ 已知电能表参数为“$N\ \mathrm{r}/(\mathrm{kW·h})$”，即消耗$W_0=1\ \mathrm{kW·h}$电能时铝盘转$N$转，则转$n$转消耗的电能$W=\frac{n}{N}W_0$，代入$P=\frac{W}{t}$，可得计算电功率的公式$P=\boldsymbol{\frac{nW_0}{Nt}(W_0=1\ \mathrm{kW·h})}$。
【答案】
(1) $\boldsymbol{P=\frac{W}{t}}$
(2) 电能表；秒表
(3) ① 其他；电吹风 ② 秒表 ③ $\boldsymbol{\frac{nW_0}{Nt}(W_0=1\ \mathrm{kW·h})}$
【知识点】
电功率的测量；电能表的使用；电功率计算公式
【点评】
本题围绕“估测用电器实际功率”展开，重点考查了电功率公式的应用和电能表的使用方法，实验设计贴近生活，能帮助学生理解电能与电功率的实际联系，掌握家庭中估测用电器功率的实用方法。
【难度系数】
0.7
要估测电吹风的实际功率，首先明确实验核心原理是电功率的定义式$P=\frac{W}{t}$，即通过测量用电器消耗的电能$W$和工作时间$t$来计算功率。测量电能需用到电能表，测量时间需用到秒表，这是实验的核心器材。测量时，为保证电能表的转数仅对应电吹风消耗的电能，需关闭家中其他所有用电器，只启动电吹风；再用秒表记录电能表铝盘转$n$转的时间$t$。结合电能表参数“$N\ \mathrm{r}/(\mathrm{kW·h})$”（表示每消耗$1\ \mathrm{kW·h}$电能，铝盘转$N$转），可推导出转$n$转消耗的电能$W=\frac{n}{N}×1\ \mathrm{kW·h}$，代入功率公式即可得到计算式。
【解析】
(1) 实验原理是电功率的定义式：$\boldsymbol{P=\frac{W}{t}}$。
(2) 测量电能需要电能表，测量工作时间需要秒表，因此需要的器材是电能表和秒表。
(3) 测量方法：
① 关闭家里的其他用电器，只启动电吹风，确保电能表的计量仅对应电吹风消耗的电能；
② 利用秒表测量电吹风工作时电能表铝盘转$n$转所用时间为$t$；
③ 已知电能表参数为“$N\ \mathrm{r}/(\mathrm{kW·h})$”，即消耗$W_0=1\ \mathrm{kW·h}$电能时铝盘转$N$转，则转$n$转消耗的电能$W=\frac{n}{N}W_0$，代入$P=\frac{W}{t}$，可得计算电功率的公式$P=\boldsymbol{\frac{nW_0}{Nt}(W_0=1\ \mathrm{kW·h})}$。
【答案】
(1) $\boldsymbol{P=\frac{W}{t}}$
(2) 电能表；秒表
(3) ① 其他；电吹风 ② 秒表 ③ $\boldsymbol{\frac{nW_0}{Nt}(W_0=1\ \mathrm{kW·h})}$
【知识点】
电功率的测量；电能表的使用；电功率计算公式
【点评】
本题围绕“估测用电器实际功率”展开，重点考查了电功率公式的应用和电能表的使用方法，实验设计贴近生活，能帮助学生理解电能与电功率的实际联系，掌握家庭中估测用电器功率的实用方法。
【难度系数】
0.7
2. 根据所学的物理知识$W = Pt$可知，节约用电的两种方法：一是减少通电
时间
来减少电能消耗；二是通过减小用电器的电功率
来减少电能消耗.答案
时间
电功率
电功率
解析
【分析】
首先回忆电功的计算公式$W = Pt$，其中$W$表示消耗的电能，$P$表示用电器的电功率，$t$表示通电时间。电能消耗的多少由电功率和通电时间共同决定。要减少电能消耗，根据公式的乘积关系，在其中一个物理量不变的情况下，减小另一个物理量即可。因此可以从这两个变量入手分析节约用电的方法：一是保持用电器电功率不变，减少通电时间；二是保持通电时间不变，减小用电器的电功率。
【解析】
根据电功公式$W = Pt$，电能$W$与通电时间$t$、用电器的电功率$P$均成正比。要减少电能消耗：
1. 当用电器的电功率$P$不变时，减少通电时间$t$，可使电能$W$减小；
2. 当通电时间$t$不变时，减小用电器的电功率$P$，也可使电能$W$减小。
因此节约用电的两种方法分别是减少通电时间、减小用电器的电功率。
【答案】
时间；电功率
【知识点】
电功计算公式、节约用电措施
【点评】
本题考查电功公式$W = Pt$的实际应用，紧密联系生活中节约用电的场景，属于基础识记与理解类题目，要求学生能结合公式分析影响电能消耗的因素，掌握节约用电的基本方法。
【难度系数】
0.8
首先回忆电功的计算公式$W = Pt$，其中$W$表示消耗的电能，$P$表示用电器的电功率，$t$表示通电时间。电能消耗的多少由电功率和通电时间共同决定。要减少电能消耗，根据公式的乘积关系，在其中一个物理量不变的情况下，减小另一个物理量即可。因此可以从这两个变量入手分析节约用电的方法：一是保持用电器电功率不变，减少通电时间；二是保持通电时间不变，减小用电器的电功率。
【解析】
根据电功公式$W = Pt$，电能$W$与通电时间$t$、用电器的电功率$P$均成正比。要减少电能消耗：
1. 当用电器的电功率$P$不变时，减少通电时间$t$，可使电能$W$减小；
2. 当通电时间$t$不变时，减小用电器的电功率$P$，也可使电能$W$减小。
因此节约用电的两种方法分别是减少通电时间、减小用电器的电功率。
【答案】
时间；电功率
【知识点】
电功计算公式、节约用电措施
【点评】
本题考查电功公式$W = Pt$的实际应用，紧密联系生活中节约用电的场景，属于基础识记与理解类题目，要求学生能结合公式分析影响电能消耗的因素，掌握节约用电的基本方法。
【难度系数】
0.8
1. 在家庭用电的调查活动中，小明听妈妈说“使用$20\mathrm{ W}$的白炽灯比使用$60\mathrm{ W}$的白炽灯省电”.小明经过研究发现，这种说法是指它们正常工作相同的时间，使用额定功率为$20\mathrm{ W}$的白炽灯比使用额定功率为$60\mathrm{ W}$的白炽灯消耗的电能
少
(选填“少”或“多”).小明关闭电灯后，发现家中电冰箱仍在工作，说明电冰箱和电灯是并联
(选填“串联”或“并联”)的.答案
少
并联
并联
解析
【分析】
对于第一空，可根据电功计算公式$W = Pt$分析：用电器正常工作时实际功率等于额定功率，当工作时间相同时，功率越小，消耗的电能越少，对比20W和60W的额定功率即可判断电能消耗情况；对于第二空，依据串并联电路的特点，串联电路用电器相互影响，并联电路用电器独立工作、互不影响，结合关闭电灯后电冰箱仍能工作的现象，可判断电路连接方式。
【解析】
1. 电能消耗判断：
根据电功公式$W = Pt$，用电器正常工作时实际功率等于额定功率，且工作时间$t$相同。因为$20\mathrm{W} ＜ 60\mathrm{W}$，所以额定功率为20W的白炽灯消耗的电能更少。
2. 电路连接方式判断：
串联电路中各用电器相互影响，若一个用电器停止工作，整个电路的用电器都无法工作；并联电路中各用电器独立工作，互不影响。关闭电灯后电冰箱仍能工作，说明两者互不影响，因此电冰箱和电灯是并联的。
【答案】
少；并联
【知识点】
电功的计算；串并联电路的特点
【点评】
本题结合家庭用电实际场景，考查电功公式的应用和串并联电路特点的判断，属于电学基础题，贴近生活，易于理解。
【难度系数】
0.9
对于第一空，可根据电功计算公式$W = Pt$分析：用电器正常工作时实际功率等于额定功率，当工作时间相同时，功率越小，消耗的电能越少，对比20W和60W的额定功率即可判断电能消耗情况；对于第二空，依据串并联电路的特点，串联电路用电器相互影响，并联电路用电器独立工作、互不影响，结合关闭电灯后电冰箱仍能工作的现象，可判断电路连接方式。
【解析】
1. 电能消耗判断：
根据电功公式$W = Pt$，用电器正常工作时实际功率等于额定功率，且工作时间$t$相同。因为$20\mathrm{W} ＜ 60\mathrm{W}$，所以额定功率为20W的白炽灯消耗的电能更少。
2. 电路连接方式判断：
串联电路中各用电器相互影响，若一个用电器停止工作，整个电路的用电器都无法工作；并联电路中各用电器独立工作，互不影响。关闭电灯后电冰箱仍能工作，说明两者互不影响，因此电冰箱和电灯是并联的。
【答案】
少；并联
【知识点】
电功的计算；串并联电路的特点
【点评】
本题结合家庭用电实际场景，考查电功公式的应用和串并联电路特点的判断，属于电学基础题，贴近生活，易于理解。
【难度系数】
0.9
2. 在家庭用电的调查研究综合实践活动中，小明观察到家中电能表的表盘如图所示，示数为
320.6
$\mathrm{ kW· h}$；用测电笔检测插座时，发现氖管发光，说明接触的是火
线；当家中只有微波炉工作时，电能表在$5$分钟内指示灯闪烁了$160$次，微波炉的实际电功率是1200
$\mathrm{ W}$.答案
320.6
火
1200
火
1200
解析
【分析】
1. 电能表读数：电能表的最后一位是小数位，单位为$\mathrm{kW·h}$，直接读取表盘数字即可得到示数。
2. 测电笔的使用：测电笔接触火线时，电流经测电笔、人体形成回路，氖管发光；接触零线时氖管不发光，据此判断接触的电线类型。
3. 电功率计算：先根据电能表参数“$1600\ \mathrm{imp/(kW·h)}$”计算出闪烁160次消耗的电能，再将时间单位换算为小时，利用公式$P=\frac{W}{t}$计算微波炉的实际电功率。
【解析】
1. 电能表的示数：表盘上最后一位是小数位，所以示数为$320.6\ \mathrm{kW·h}$。
2. 测电笔检测插座：测电笔氖管发光，说明接触的是火线。
3. 计算微波炉的电功率：
电能表参数$1600\ \mathrm{imp/(kW·h)}$表示每消耗$1\ \mathrm{kW·h}$的电能，指示灯闪烁1600次。
闪烁160次消耗的电能：$W=\frac{160}{1600}\ \mathrm{kW·h}=0.1\ \mathrm{kW·h}$。
工作时间$t=5\ \mathrm{min}=\frac{5}{60}\ \mathrm{h}=\frac{1}{12}\ \mathrm{h}$。
根据电功率公式$P=\frac{W}{t}$，可得微波炉的实际电功率：
$P=\frac{0.1\ \mathrm{kW·h}}{\frac{1}{12}\ \mathrm{h}}=1.2\ \mathrm{kW}=1200\ \mathrm{W}$。
【答案】
$320.6$；火；$1200$
【知识点】
电能表读数；测电笔的使用；电功率计算
【点评】
本题考查家庭电路的基本常识和电功率的计算，涉及电能表、测电笔的使用以及电功率公式的应用，属于基础题，需要熟练掌握相关知识点的应用。
【难度系数】
0.7
1. 电能表读数：电能表的最后一位是小数位，单位为$\mathrm{kW·h}$，直接读取表盘数字即可得到示数。
2. 测电笔的使用：测电笔接触火线时，电流经测电笔、人体形成回路，氖管发光；接触零线时氖管不发光，据此判断接触的电线类型。
3. 电功率计算：先根据电能表参数“$1600\ \mathrm{imp/(kW·h)}$”计算出闪烁160次消耗的电能，再将时间单位换算为小时，利用公式$P=\frac{W}{t}$计算微波炉的实际电功率。
【解析】
1. 电能表的示数：表盘上最后一位是小数位，所以示数为$320.6\ \mathrm{kW·h}$。
2. 测电笔检测插座：测电笔氖管发光，说明接触的是火线。
3. 计算微波炉的电功率：
电能表参数$1600\ \mathrm{imp/(kW·h)}$表示每消耗$1\ \mathrm{kW·h}$的电能，指示灯闪烁1600次。
闪烁160次消耗的电能：$W=\frac{160}{1600}\ \mathrm{kW·h}=0.1\ \mathrm{kW·h}$。
工作时间$t=5\ \mathrm{min}=\frac{5}{60}\ \mathrm{h}=\frac{1}{12}\ \mathrm{h}$。
根据电功率公式$P=\frac{W}{t}$，可得微波炉的实际电功率：
$P=\frac{0.1\ \mathrm{kW·h}}{\frac{1}{12}\ \mathrm{h}}=1.2\ \mathrm{kW}=1200\ \mathrm{W}$。
【答案】
$320.6$；火；$1200$
【知识点】
电能表读数；测电笔的使用；电功率计算
【点评】
本题考查家庭电路的基本常识和电功率的计算，涉及电能表、测电笔的使用以及电功率公式的应用，属于基础题，需要熟练掌握相关知识点的应用。
【难度系数】
0.7
3. $\mathrm{LED}$灯具有节能、环保等特点.一个额定电压为$220\mathrm{ V}$、额定功率为$4.4\mathrm{ W}$的$\mathrm{LED}$灯泡，该灯泡的额定电流是
0.02
$\mathrm{ A}$.若它每天正常发光$5\mathrm{ h}$，一个月($30$天)消耗的电能是0.66
$\mathrm{ kW· h}$.这些能量可以将约56.6
$\mathrm{ kg}$的$20\ °\mathrm{C}$热水加热到$30\ °\mathrm{C}$.与普通白炽灯相比，在达到相同亮度的条件下，假设$\mathrm{LED}$灯可以节约$90\%$的电能，则这个$\mathrm{LED}$灯与功率为44
$\mathrm{ W}$的白炽灯亮度相当.答案
0.02
0.66
56.6
44
0.66
56.6
44
解析
【分析】
这道题是电学与热学的综合应用题，可分步骤逐个求解：
1. 求额定电流：已知额定电压和额定功率，根据电功率公式$P=UI$变形得到$I=\frac{P}{U}$，代入数值即可计算。
2. 求一个月消耗的电能：先计算总发光时长，再利用电功公式$W=Pt$，注意将功率单位换算为$\mathrm{kW}$、时间单位用$\mathrm{h}$，直接得到以$\mathrm{kW·h}$为单位的结果。
3. 求水的质量：不计热量损失时，消耗的电能等于水吸收的热量，即$W=Q_{吸}$，根据吸热公式$Q_{吸}=cm\Delta t$变形为$m=\frac{Q_{吸}}{c\Delta t}$，代入换算后的电能、水的比热容和温度变化量计算即可。
4. 求相当的白炽灯功率：已知LED灯节约90%的电能，说明LED灯消耗的电能是白炽灯的10%，在相同时间和亮度下，功率与电能成正比，由此推导得出白炽灯的功率。
【解析】
1. 计算额定电流：
由$ P = UI $可得，额定电流$ I = \frac{P}{U} = \frac{4.4\mathrm{W}}{220\mathrm{V}} = 0.02\mathrm{A} $。
2. 计算一个月消耗的电能：
总发光时间$ t = 5\mathrm{h}×30 = 150\mathrm{h} $，
将功率换算为$\mathrm{kW}$：$ 4.4\mathrm{W} = 0.0044\mathrm{kW} $，
根据$ W = Pt $得，消耗的电能$ W = 0.0044\mathrm{kW}×150\mathrm{h} = 0.66\mathrm{kW·h} $。
3. 计算水的质量：
将电能换算为焦耳：$ 0.66\mathrm{kW·h} = 0.66×3.6×10^6\mathrm{J} = 2.376×10^6\mathrm{J} $，
不计热量损失，$ Q_{吸} = W = 2.376×10^6\mathrm{J} $，
水的温度变化量$ \Delta t = 30℃ - 20℃ = 10℃ $，
由$ Q_{吸} = cm\Delta t $得，水的质量$ m = \frac{Q_{吸}}{c\Delta t} = \frac{2.376×10^6\mathrm{J}}{4.2×10^3\mathrm{J/(kg·℃)}×10℃} ≈ 56.6\mathrm{kg} $。
4. 计算相当的白炽灯功率：
设发光时间为$ t' $，由LED灯节约90%的电能可知，$ P_{LED}t' = (1 - 90\%)P_{白炽灯}t' $，
约去$ t' $得，$ P_{白炽灯} = \frac{P_{LED}}{1 - 90\%} = \frac{4.4\mathrm{W}}{0.1} = 44\mathrm{W} $。
【答案】
0.02；0.66；56.6；44
【知识点】
电功率公式应用；电功计算；热量计算
【点评】
本题综合考查了电学中电功率、电功的计算，以及热学中吸热公式的应用，还涉及电能节约比例的分析，需要熟练掌握公式的变形与单位换算，是一道典型的跨模块综合题，能有效考查学生对基础知识的综合运用能力。
【难度系数】
0.6
这道题是电学与热学的综合应用题，可分步骤逐个求解：
1. 求额定电流：已知额定电压和额定功率，根据电功率公式$P=UI$变形得到$I=\frac{P}{U}$，代入数值即可计算。
2. 求一个月消耗的电能：先计算总发光时长，再利用电功公式$W=Pt$，注意将功率单位换算为$\mathrm{kW}$、时间单位用$\mathrm{h}$，直接得到以$\mathrm{kW·h}$为单位的结果。
3. 求水的质量：不计热量损失时，消耗的电能等于水吸收的热量，即$W=Q_{吸}$，根据吸热公式$Q_{吸}=cm\Delta t$变形为$m=\frac{Q_{吸}}{c\Delta t}$，代入换算后的电能、水的比热容和温度变化量计算即可。
4. 求相当的白炽灯功率：已知LED灯节约90%的电能，说明LED灯消耗的电能是白炽灯的10%，在相同时间和亮度下，功率与电能成正比，由此推导得出白炽灯的功率。
【解析】
1. 计算额定电流：
由$ P = UI $可得，额定电流$ I = \frac{P}{U} = \frac{4.4\mathrm{W}}{220\mathrm{V}} = 0.02\mathrm{A} $。
2. 计算一个月消耗的电能：
总发光时间$ t = 5\mathrm{h}×30 = 150\mathrm{h} $，
将功率换算为$\mathrm{kW}$：$ 4.4\mathrm{W} = 0.0044\mathrm{kW} $，
根据$ W = Pt $得，消耗的电能$ W = 0.0044\mathrm{kW}×150\mathrm{h} = 0.66\mathrm{kW·h} $。
3. 计算水的质量：
将电能换算为焦耳：$ 0.66\mathrm{kW·h} = 0.66×3.6×10^6\mathrm{J} = 2.376×10^6\mathrm{J} $，
不计热量损失，$ Q_{吸} = W = 2.376×10^6\mathrm{J} $，
水的温度变化量$ \Delta t = 30℃ - 20℃ = 10℃ $，
由$ Q_{吸} = cm\Delta t $得，水的质量$ m = \frac{Q_{吸}}{c\Delta t} = \frac{2.376×10^6\mathrm{J}}{4.2×10^3\mathrm{J/(kg·℃)}×10℃} ≈ 56.6\mathrm{kg} $。
4. 计算相当的白炽灯功率：
设发光时间为$ t' $，由LED灯节约90%的电能可知，$ P_{LED}t' = (1 - 90\%)P_{白炽灯}t' $，
约去$ t' $得，$ P_{白炽灯} = \frac{P_{LED}}{1 - 90\%} = \frac{4.4\mathrm{W}}{0.1} = 44\mathrm{W} $。
【答案】
0.02；0.66；56.6；44
【知识点】
电功率公式应用；电功计算；热量计算
【点评】
本题综合考查了电学中电功率、电功的计算，以及热学中吸热公式的应用，还涉及电能节约比例的分析，需要熟练掌握公式的变形与单位换算，是一道典型的跨模块综合题，能有效考查学生对基础知识的综合运用能力。
【难度系数】
0.6
4. 张宏同学对家中的各种家用电器及功率做了一次统计，并将它们列表如下：
(1)张宏同学家的电能表的表盘如图所示，则电路能承受的用电器的总功率是
(2)
(3)在空调器运行时，
(1)张宏同学家的电能表的表盘如图所示，则电路能承受的用电器的总功率是
2200
$\mathrm{ W}$.(2)
不能
（选填“能”或“不能”）同时使用表中所列的家用电器，这是因为用电器的总功率大于电路能承受的最大功率
.(3)在空调器运行时，
能
(选填“能”或“不能”)同时使用冰箱和彩电.答案
2200
不能
用电器的总
功率大于电路能承受的最大功率
能
不能
用电器的总
功率大于电路能承受的最大功率
能
解析
【分析】
1. 第(1)问：要计算电路能承受的用电器最大总功率，需利用公式$P=UI$，结合电能表的额定电压（220V）和允许通过的最大电流（10A）进行计算，代入数值即可得到结果。
2. 第(2)问：先计算表中所有家用电器的总功率，再将其与电路能承受的最大功率2200W对比，若总功率大于电路允许的最大功率，则不能同时使用，这是因为电路中总功率过大会导致电流过大，超过电能表承受范围。
3. 第(3)问：计算空调器、冰箱和彩电的总功率，与电路能承受的最大功率2200W比较，若总功率小于该值，则能同时使用。
【解析】
(1) 由电能表参数可知，额定电压$ U=220\mathrm{V} $，允许通过的最大电流$ I=10\mathrm{A} $，根据公式$ P=UI $，电路能承受的用电器总功率：
$ P_{\mathrm{最大}}=UI=220\mathrm{V} × 10\mathrm{A}=2200\mathrm{W} $
(2) 假设表中所有家用电器的总功率为$ P_{\mathrm{总}}=1000\mathrm{W}+120\mathrm{W}+100\mathrm{W}+500\mathrm{W}+800\mathrm{W}=2520\mathrm{W} $，因为$ 2520\mathrm{W}＞2200\mathrm{W} $，即用电器的总功率大于电路能承受的最大功率，所以不能同时使用表中所列的家用电器。
(3) 空调器运行时，其功率与冰箱、彩电的总功率为$ P'=1000\mathrm{W}+120\mathrm{W}+100\mathrm{W}=1220\mathrm{W} $，因为$ 1220\mathrm{W}＜2200\mathrm{W} $，所以能同时使用冰箱和彩电。
【答案】
(1) $\boldsymbol{2200}$
(2) $\boldsymbol{不能}$；$\boldsymbol{用电器的总功率大于电路能承受的最大功率}$
(3) $\boldsymbol{能}$
【知识点】
电能表参数应用；总功率计算；电路安全判断
【点评】
本题围绕家庭电路中总功率与电能表承载能力的关系展开，核心是利用$P=UI$进行功率计算与对比，帮助学生理解家庭电路中同时使用用电器的安全原则，属于家庭电路基础题型。
【难度系数】
0.7
1. 第(1)问：要计算电路能承受的用电器最大总功率，需利用公式$P=UI$，结合电能表的额定电压（220V）和允许通过的最大电流（10A）进行计算，代入数值即可得到结果。
2. 第(2)问：先计算表中所有家用电器的总功率，再将其与电路能承受的最大功率2200W对比，若总功率大于电路允许的最大功率，则不能同时使用，这是因为电路中总功率过大会导致电流过大，超过电能表承受范围。
3. 第(3)问：计算空调器、冰箱和彩电的总功率，与电路能承受的最大功率2200W比较，若总功率小于该值，则能同时使用。
【解析】
(1) 由电能表参数可知，额定电压$ U=220\mathrm{V} $，允许通过的最大电流$ I=10\mathrm{A} $，根据公式$ P=UI $，电路能承受的用电器总功率：
$ P_{\mathrm{最大}}=UI=220\mathrm{V} × 10\mathrm{A}=2200\mathrm{W} $
(2) 假设表中所有家用电器的总功率为$ P_{\mathrm{总}}=1000\mathrm{W}+120\mathrm{W}+100\mathrm{W}+500\mathrm{W}+800\mathrm{W}=2520\mathrm{W} $，因为$ 2520\mathrm{W}＞2200\mathrm{W} $，即用电器的总功率大于电路能承受的最大功率，所以不能同时使用表中所列的家用电器。
(3) 空调器运行时，其功率与冰箱、彩电的总功率为$ P'=1000\mathrm{W}+120\mathrm{W}+100\mathrm{W}=1220\mathrm{W} $，因为$ 1220\mathrm{W}＜2200\mathrm{W} $，所以能同时使用冰箱和彩电。
【答案】
(1) $\boldsymbol{2200}$
(2) $\boldsymbol{不能}$；$\boldsymbol{用电器的总功率大于电路能承受的最大功率}$
(3) $\boldsymbol{能}$
【知识点】
电能表参数应用；总功率计算；电路安全判断
【点评】
本题围绕家庭电路中总功率与电能表承载能力的关系展开，核心是利用$P=UI$进行功率计算与对比，帮助学生理解家庭电路中同时使用用电器的安全原则，属于家庭电路基础题型。
【难度系数】
0.7
