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1. 关于电能和电功,下列说法错误的是 （
A.电功和电能是同一个物理量
B.电流做功越多,消耗的电能就越多
C.用电能表可以直接测量电流做功的多少
D.电功是表示电流做功多少的物理量
A
）A.电功和电能是同一个物理量
B.电流做功越多,消耗的电能就越多
C.用电能表可以直接测量电流做功的多少
D.电功是表示电流做功多少的物理量
答案
1. A
解析
【分析】
这道题考查电能和电功的基础概念，解题思路是先明确电功与电能的定义、区别，再逐一分析每个选项的正误，找出说法错误的选项。首先，电功是电流所做的功，物理意义是表示电流做功的多少；电能是电流具有的能量，电流做功的过程实质是消耗电能转化为其他形式能的过程，消耗电能的数值等于电流做功的数值，以此为依据判断各选项。
【解析】
1. 明确核心概念：电功是电流做功的量度，属于过程量；电能是电流具有的能量，属于状态量，二者是不同的物理量。
2. 分析选项A：电功和电能是不同的物理量，A说法错误。
3. 分析选项B：电流做功的过程就是消耗电能的过程，电流做功越多，消耗的电能就越多，B说法正确。
4. 分析选项C：电能表是测量电路消耗电能的仪表，消耗电能的多少等于电流做功的多少，因此电能表可直接测量电流做功的多少，C说法正确。
5. 分析选项D：电功的物理意义就是表示电流做功多少的物理量，D说法正确。
综上，说法错误的是A选项。
【答案】
A
【知识点】
电能与电功的概念
【点评】
本题考查电学基础概念，属于识记类题目，难度较低，只要准确区分电功和电能的定义，就能正确解答，是常见的基础题型。
【难度系数】
0.8
这道题考查电能和电功的基础概念，解题思路是先明确电功与电能的定义、区别，再逐一分析每个选项的正误，找出说法错误的选项。首先，电功是电流所做的功，物理意义是表示电流做功的多少；电能是电流具有的能量，电流做功的过程实质是消耗电能转化为其他形式能的过程，消耗电能的数值等于电流做功的数值，以此为依据判断各选项。
【解析】
1. 明确核心概念：电功是电流做功的量度，属于过程量；电能是电流具有的能量，属于状态量，二者是不同的物理量。
2. 分析选项A：电功和电能是不同的物理量，A说法错误。
3. 分析选项B：电流做功的过程就是消耗电能的过程，电流做功越多，消耗的电能就越多，B说法正确。
4. 分析选项C：电能表是测量电路消耗电能的仪表，消耗电能的多少等于电流做功的多少，因此电能表可直接测量电流做功的多少，C说法正确。
5. 分析选项D：电功的物理意义就是表示电流做功多少的物理量，D说法正确。
综上，说法错误的是A选项。
【答案】
A
【知识点】
电能与电功的概念
【点评】
本题考查电学基础概念，属于识记类题目，难度较低，只要准确区分电功和电能的定义，就能正确解答，是常见的基础题型。
【难度系数】
0.8
2.[柳州模拟] 某用电器的能量流向图如图所示，由此可知该用电器可能是（
A.电饭煲
B.白炽灯
C.电热水器
D.电风扇
D
）A.电饭煲
B.白炽灯
C.电热水器
D.电风扇
答案
2. D
解析
【分析】首先观察能量流向图，该用电器输入电能后，大部分能量转化为机械能，小部分转化为内能。接下来需分析各选项用电器的能量转化形式，匹配图中的能量转化特点。
【解析】逐一分析选项：A.电饭煲工作时，主要将电能转化为内能，不符合“大部分输出机械能”的特点；B.白炽灯工作时，主要将电能转化为内能和光能，不符合；C.电热水器工作时，主要将电能转化为内能，不符合；D.电风扇工作时，消耗电能，大部分转化为使风扇转动的机械能，少部分因电流的热效应转化为内能，与图中的能量流向一致。
【答案】D
【知识点】能量转化、用电器的能量形式
【点评】本题考查常见用电器的能量转化，需明确各用电器工作时的主要能量转化方向，结合能量流向图即可判断，属于基础题。
【难度系数】0.6
【解析】逐一分析选项：A.电饭煲工作时，主要将电能转化为内能，不符合“大部分输出机械能”的特点；B.白炽灯工作时，主要将电能转化为内能和光能，不符合；C.电热水器工作时，主要将电能转化为内能，不符合；D.电风扇工作时，消耗电能，大部分转化为使风扇转动的机械能，少部分因电流的热效应转化为内能，与图中的能量流向一致。
【答案】D
【知识点】能量转化、用电器的能量形式
【点评】本题考查常见用电器的能量转化，需明确各用电器工作时的主要能量转化方向，结合能量流向图即可判断，属于基础题。
【难度系数】0.6
3.（体育赛事）在哈尔滨亚冬会上使用的可爱创可贴体温计，是一款可自动测量并上报体温的可穿戴式智能测温设备。该创可贴体温计充满电所需要的时间是3 h，充电电压和电流分别是5 V、1 A，它充满电后大约储存了
5.4×10⁴
J的电能，合0.015
kW·h。答案
3. 5.4×10⁴；0.015
解析
【分析】
要计算创可贴体温计充满电后储存的电能，需利用电功（电能）公式$ W=UIt $，先将充电时间统一为国际单位制的秒，计算出电能的焦耳值；再根据电能单位换算关系，将焦耳转换为千瓦时（$ kW·h $）。
【解析】
1. 计算储存的电能（焦耳）：
电功公式为$ W = UIt $，已知充电电压$ U=5\ \mathrm{V} $，充电电流$ I=1\ \mathrm{A} $，充电时间$ t=3\ \mathrm{h}=3×3600\ \mathrm{s}=10800\ \mathrm{s} $。
代入公式得：
$ W = 5\ \mathrm{V} × 1\ \mathrm{A} × 10800\ \mathrm{s} = 5.4 × 10^4\ \mathrm{J} $。
2. 单位换算（转换为$ kW·h $）：
因为$ 1\ \mathrm{kW·h}=3.6×10^6\ \mathrm{J} $，所以：
$ W = \frac{5.4×10^4\ \mathrm{J}}{3.6×10^6\ \mathrm{J/(kW·h)}} = 0.015\ \mathrm{kW·h} $。
【答案】
5.4×10⁴；0.015
【知识点】
电能计算；电功单位换算
【点评】
本题是电功计算的基础应用题，核心考查电功公式的应用及电能单位的换算，难度较低，适合巩固电学基础知识点。
【难度系数】
0.7
要计算创可贴体温计充满电后储存的电能，需利用电功（电能）公式$ W=UIt $，先将充电时间统一为国际单位制的秒，计算出电能的焦耳值；再根据电能单位换算关系，将焦耳转换为千瓦时（$ kW·h $）。
【解析】
1. 计算储存的电能（焦耳）：
电功公式为$ W = UIt $，已知充电电压$ U=5\ \mathrm{V} $，充电电流$ I=1\ \mathrm{A} $，充电时间$ t=3\ \mathrm{h}=3×3600\ \mathrm{s}=10800\ \mathrm{s} $。
代入公式得：
$ W = 5\ \mathrm{V} × 1\ \mathrm{A} × 10800\ \mathrm{s} = 5.4 × 10^4\ \mathrm{J} $。
2. 单位换算（转换为$ kW·h $）：
因为$ 1\ \mathrm{kW·h}=3.6×10^6\ \mathrm{J} $，所以：
$ W = \frac{5.4×10^4\ \mathrm{J}}{3.6×10^6\ \mathrm{J/(kW·h)}} = 0.015\ \mathrm{kW·h} $。
【答案】
5.4×10⁴；0.015
【知识点】
电能计算；电功单位换算
【点评】
本题是电功计算的基础应用题，核心考查电功公式的应用及电能单位的换算，难度较低，适合巩固电学基础知识点。
【难度系数】
0.7
4. 通过导体的电流为0.8 A，若10 s内电流做功64 J，则该导体两端的电压为
8
V，该导体的电阻为10
Ω。答案
4. 8；10
解析
【分析】
要解决该问题，需先利用电功公式求出导体两端的电压，再结合欧姆定律计算导体的电阻。首先回忆电功的计算公式，通过公式变形得到求电压的表达式，代入已知数值算出电压；再用欧姆定律，将算出的电压和已知电流代入，即可求出电阻，计算时要注意单位统一。
【解析】
1. 计算导体两端的电压：
根据电功公式 $ W = UIt $，变形可得求电压的公式 $ U = \frac{W}{It} $。
代入已知条件：$ W=64\ \mathrm{J} $，$ I=0.8\ \mathrm{A} $，$ t=10\ \mathrm{s} $，
计算得：$ U = \frac{64\ \mathrm{J}}{0.8\ \mathrm{A} × 10\ \mathrm{s}} = 8\ \mathrm{V} $。
2. 计算导体的电阻：
根据欧姆定律 $ R = \frac{U}{I} $，代入 $ U=8\ \mathrm{V} $、$ I=0.8\ \mathrm{A} $，
计算得：$ R = \frac{8\ \mathrm{V}}{0.8\ \mathrm{A}} = 10\ \Omega $。
【答案】
8；10
【知识点】
电功的计算、欧姆定律
【点评】
本题为电学基础计算题，考查电功公式与欧姆定律的应用，解题步骤清晰，只要牢记相关公式并正确代入数值即可解答，是学生应熟练掌握的基础题型。
【难度系数】
0.8
要解决该问题，需先利用电功公式求出导体两端的电压，再结合欧姆定律计算导体的电阻。首先回忆电功的计算公式，通过公式变形得到求电压的表达式，代入已知数值算出电压；再用欧姆定律，将算出的电压和已知电流代入，即可求出电阻，计算时要注意单位统一。
【解析】
1. 计算导体两端的电压：
根据电功公式 $ W = UIt $，变形可得求电压的公式 $ U = \frac{W}{It} $。
代入已知条件：$ W=64\ \mathrm{J} $，$ I=0.8\ \mathrm{A} $，$ t=10\ \mathrm{s} $，
计算得：$ U = \frac{64\ \mathrm{J}}{0.8\ \mathrm{A} × 10\ \mathrm{s}} = 8\ \mathrm{V} $。
2. 计算导体的电阻：
根据欧姆定律 $ R = \frac{U}{I} $，代入 $ U=8\ \mathrm{V} $、$ I=0.8\ \mathrm{A} $，
计算得：$ R = \frac{8\ \mathrm{V}}{0.8\ \mathrm{A}} = 10\ \Omega $。
【答案】
8；10
【知识点】
电功的计算、欧姆定律
【点评】
本题为电学基础计算题，考查电功公式与欧姆定律的应用，解题步骤清晰，只要牢记相关公式并正确代入数值即可解答，是学生应熟练掌握的基础题型。
【难度系数】
0.8
5. 如图所示的电路，电源电压恒定不变，$R_1$的阻值为10 Ω。闭合开关S，电压表的示数为6 V，1 min内$R_2$消耗的电能为144 J，则电流表的示数为
0.4
A；当通电120
s时，电流通过$R_1$做的功为192 J。答案
5. 0.4；120
解析
【分析】首先明确电路为$R_1$与$R_2$串联，电流表测串联电路的电流，电压表测$R_2$两端的电压。解题时，先利用$R_2$消耗的电能公式$W=UIt$求出电路中的电流（即电流表的示数）；再根据$R_1$的电功公式，结合已求出的电流，计算电流通过$R_1$做功192J所需的时间。
【解析】
1. 计算电流表的示数：
电路中$R_1$与$R_2$串联，电流处处相等，电流表的示数等于电路中的电流$I$。
已知$R_2$两端电压$U_2=6\ \mathrm{V}$，$1\ \mathrm{min}=60\ \mathrm{s}$内$R_2$消耗的电能$W_2=144\ \mathrm{J}$，根据电功公式$W=UIt$，变形得电路电流：
$I=\frac{W_2}{U_2 t_2}=\frac{144\ \mathrm{J}}{6\ \mathrm{V} × 60\ \mathrm{s}}=0.4\ \mathrm{A}$，即电流表的示数为$0.4\ \mathrm{A}$。
2. 计算电流通过$R_1$做功192J所需的时间：
已知$R_1$的阻值$R_1=10\ \Omega$，电流$I=0.4\ \mathrm{A}$，电流通过$R_1$做的功$W_1=192\ \mathrm{J}$，根据电功公式$W=I^2 R t$，变形得时间：
$t=\frac{W_1}{I^2 R_1}=\frac{192\ \mathrm{J}}{(0.4\ \mathrm{A})^2 × 10\ \Omega}=\frac{192}{1.6}=120\ \mathrm{s}$。
【答案】0.4；120
【知识点】串联电路特点、电功计算
【点评】本题考查串联电路规律及电功公式的应用，需熟练掌握公式变形，理清各物理量间的关系，属于基础应用题型。
【难度系数】0.5
【解析】
1. 计算电流表的示数：
电路中$R_1$与$R_2$串联，电流处处相等，电流表的示数等于电路中的电流$I$。
已知$R_2$两端电压$U_2=6\ \mathrm{V}$，$1\ \mathrm{min}=60\ \mathrm{s}$内$R_2$消耗的电能$W_2=144\ \mathrm{J}$，根据电功公式$W=UIt$，变形得电路电流：
$I=\frac{W_2}{U_2 t_2}=\frac{144\ \mathrm{J}}{6\ \mathrm{V} × 60\ \mathrm{s}}=0.4\ \mathrm{A}$，即电流表的示数为$0.4\ \mathrm{A}$。
2. 计算电流通过$R_1$做功192J所需的时间：
已知$R_1$的阻值$R_1=10\ \Omega$，电流$I=0.4\ \mathrm{A}$，电流通过$R_1$做的功$W_1=192\ \mathrm{J}$，根据电功公式$W=I^2 R t$，变形得时间：
$t=\frac{W_1}{I^2 R_1}=\frac{192\ \mathrm{J}}{(0.4\ \mathrm{A})^2 × 10\ \Omega}=\frac{192}{1.6}=120\ \mathrm{s}$。
【答案】0.4；120
【知识点】串联电路特点、电功计算
【点评】本题考查串联电路规律及电功公式的应用，需熟练掌握公式变形，理清各物理量间的关系，属于基础应用题型。
【难度系数】0.5
6.如图甲、乙所示的是小明家上月初和上月末电能表的示数,请你帮小明回答下列问题:
(1)电能表是用来测量
(2)小明只让一个用电器工作,发现电能表转盘10 min转了250转,则该用电器在这段时间所消耗的电能是
(3)小明家上月用电
(1)电能表是用来测量
电功
的仪表,由图可知,小明家电路中的总电流不得超过40
A。(2)小明只让一个用电器工作,发现电能表转盘10 min转了250转,则该用电器在这段时间所消耗的电能是
0.1
kW·h。(3)小明家上月用电
160
kW·h,若小明家月初预交了200元电费,他家所在地区每度电的电费为0.5元,则他家还可以使用240
度电。答案
6. (1)电功；40 (2)0.1 (3)160；240
解析
【分析】
本题围绕电能表的应用展开，需明确电能表的作用、参数含义，以及利用电能表计算消耗电能、用电量的方法：
1. 第一问需掌握电能表的功能，以及电能表参数中最大电流的含义；
2. 第二问利用电能表的转盘转速参数，计算特定转数对应的消耗电能；
3. 第三问通过月末与月初电能表读数差求上月用电量，再结合预交电费和电价，计算剩余可使用电量。
【解析】
(1) 电能表是用来测量电功（即电路消耗的电能）的仪表；电能表参数“10(40)A”表示该电能表允许通过的最大总电流为40A，因此小明家电路中的总电流不得超过40A。
(2) 电能表参数“2500r/(kW·h)”表示每消耗1kW·h的电能，转盘转2500转。当转盘转250转时，消耗的电能：$ W = \frac{250\ \mathrm{r}}{2500\ \mathrm{r/(kW·h)}} = 0.1\ \mathrm{kW·h} $。
(3) 月初电能表读数为731.6kW·h，月末为891.6kW·h，上月用电量：$ W_{\mathrm{总}} = 891.6\ \mathrm{kW·h} - 731.6\ \mathrm{kW·h} = 160\ \mathrm{kW·h} $；已用电的电费：$ 160\ \mathrm{kW·h} × 0.5\ \mathrm{元/(kW·h)} = 80\ \mathrm{元} $；预交200元后，剩余可使用电量：$ \frac{200\ \mathrm{元} - 80\ \mathrm{元}}{0.5\ \mathrm{元/(kW·h)}} = 240\ \mathrm{kW·h} $。
【答案】
(1) 电功；40 (2) 0.1 (3) 160；240
【知识点】
电能表与电功、电能的计算
【点评】
本题是电能表应用的基础题，需掌握电能表参数的意义、消耗电能和用电量的计算方法，易错点在于第三问中“剩余可使用电量”需扣除已用电的费用，整体难度不大，适合基础阶段学生练习。
【难度系数】
0.3
本题围绕电能表的应用展开，需明确电能表的作用、参数含义，以及利用电能表计算消耗电能、用电量的方法：
1. 第一问需掌握电能表的功能，以及电能表参数中最大电流的含义；
2. 第二问利用电能表的转盘转速参数，计算特定转数对应的消耗电能；
3. 第三问通过月末与月初电能表读数差求上月用电量，再结合预交电费和电价，计算剩余可使用电量。
【解析】
(1) 电能表是用来测量电功（即电路消耗的电能）的仪表；电能表参数“10(40)A”表示该电能表允许通过的最大总电流为40A，因此小明家电路中的总电流不得超过40A。
(2) 电能表参数“2500r/(kW·h)”表示每消耗1kW·h的电能，转盘转2500转。当转盘转250转时，消耗的电能：$ W = \frac{250\ \mathrm{r}}{2500\ \mathrm{r/(kW·h)}} = 0.1\ \mathrm{kW·h} $。
(3) 月初电能表读数为731.6kW·h，月末为891.6kW·h，上月用电量：$ W_{\mathrm{总}} = 891.6\ \mathrm{kW·h} - 731.6\ \mathrm{kW·h} = 160\ \mathrm{kW·h} $；已用电的电费：$ 160\ \mathrm{kW·h} × 0.5\ \mathrm{元/(kW·h)} = 80\ \mathrm{元} $；预交200元后，剩余可使用电量：$ \frac{200\ \mathrm{元} - 80\ \mathrm{元}}{0.5\ \mathrm{元/(kW·h)}} = 240\ \mathrm{kW·h} $。
【答案】
(1) 电功；40 (2) 0.1 (3) 160；240
【知识点】
电能表与电功、电能的计算
【点评】
本题是电能表应用的基础题，需掌握电能表参数的意义、消耗电能和用电量的计算方法，易错点在于第三问中“剩余可使用电量”需扣除已用电的费用，整体难度不大，适合基础阶段学生练习。
【难度系数】
0.3
7.(科学推理)如图是两个定值电阻$R_1$、$R_2$的内部结构图，$R_1$、$R_2$所用电阻丝(涂有绝缘漆)粗细均匀、材料相同，分别缠绕在相同的圆柱形绝缘棒上，圈数分别为43圈和33圈，$R_1$的电阻丝比$R_2$的电阻丝细。将$R_1$、$R_2$并联在电路中工作一段时间，下列说法正确的是 (
A.通过$R_1$的电流等于通过$R_2$的电流
B.$R_1$两端的电压大于$R_2$两端的电压
C.电流通过$R_1$做的功大于通过$R_2$做的功
D.$R_1$消耗的电能小于$R_2$消耗的电能
D
)A.通过$R_1$的电流等于通过$R_2$的电流
B.$R_1$两端的电压大于$R_2$两端的电压
C.电流通过$R_1$做的功大于通过$R_2$做的功
D.$R_1$消耗的电能小于$R_2$消耗的电能
答案
7. D 【点拨】$R_1$与$R_2$所用电阻丝的材料相同，由题意可知，$R_1$所用电阻丝比$R_2$所用电阻丝更长、更细，所以$R_1$的电阻比$R_2$的电阻更大。将$R_1$、$R_2$并联在电路中工作一段时间，根据并联电路的电压特点可知，$R_1$两端的电压等于$R_2$两端的电压，故B错误；由于$R_1$的电阻比$R_2$的电阻更大，根据欧姆定律可知，通过$R_1$的电流小于通过$R_2$的电流，故A错误；由于$R_1$两端的电压等于$R_2$两端的电压，通过$R_1$的电流小于通过$R_2$的电流，根据$W=UIt$可知，电流通过$R_1$做的功小于通过$R_2$做的功，即$R_1$消耗的电能小于$R_2$消耗的电能，故C错误，D正确。
解析
【分析】
要解决这道题，需先根据电阻的影响因素判断R₁和R₂的电阻大小，再结合并联电路的特点，利用欧姆定律和电功公式分析各选项：首先，电阻大小与材料、长度、横截面积有关，材料相同时，长度越长、横截面积越小，电阻越大；其次，并联电路各支路两端电压相等；最后，根据欧姆定律I=U/R和电功公式W=UIt，结合电阻大小分析电流和电功的关系。
【解析】
1. 判断电阻大小：已知R₁、R₂的电阻丝材料相同，R₁的电阻丝更细（横截面积更小），且缠绕圈数更多（长度更长），根据电阻的决定因素可知，R₁的电阻大于R₂的电阻（R₁＞R₂）。
2. 分析并联电路电压：将R₁、R₂并联在电路中，根据并联电路的电压规律，各支路两端电压相等，即U₁=U₂，因此B选项“R₁两端的电压大于R₂两端的电压”错误。
3. 分析电流大小：根据欧姆定律I=U/R，当电压U相同时，电阻越大，电流越小。因为R₁＞R₂，所以通过R₁的电流I₁＜I₂，因此A选项“通过R₁的电流等于通过R₂的电流”错误。
4. 分析电功（消耗的电能）：电流做的功等于用电器消耗的电能，公式为W=UIt。由于R₁、R₂并联，U₁=U₂，工作时间t相同，且I₁＜I₂，代入公式可得W₁=U₁I₁t ＜ W₂=U₂I₂t，即R₁消耗的电能小于R₂消耗的电能，因此C选项错误，D选项正确。
【答案】
D
【知识点】
电阻的影响因素、并联电路特点、电功计算
【点评】
本题综合考查电学核心知识点，需要学生逐步推导物理量间的关系，逻辑要求较高，是初中电学的典型综合题，能有效检验学生的知识整合能力。
【难度系数】
0.6
要解决这道题，需先根据电阻的影响因素判断R₁和R₂的电阻大小，再结合并联电路的特点，利用欧姆定律和电功公式分析各选项：首先，电阻大小与材料、长度、横截面积有关，材料相同时，长度越长、横截面积越小，电阻越大；其次，并联电路各支路两端电压相等；最后，根据欧姆定律I=U/R和电功公式W=UIt，结合电阻大小分析电流和电功的关系。
【解析】
1. 判断电阻大小：已知R₁、R₂的电阻丝材料相同，R₁的电阻丝更细（横截面积更小），且缠绕圈数更多（长度更长），根据电阻的决定因素可知，R₁的电阻大于R₂的电阻（R₁＞R₂）。
2. 分析并联电路电压：将R₁、R₂并联在电路中，根据并联电路的电压规律，各支路两端电压相等，即U₁=U₂，因此B选项“R₁两端的电压大于R₂两端的电压”错误。
3. 分析电流大小：根据欧姆定律I=U/R，当电压U相同时，电阻越大，电流越小。因为R₁＞R₂，所以通过R₁的电流I₁＜I₂，因此A选项“通过R₁的电流等于通过R₂的电流”错误。
4. 分析电功（消耗的电能）：电流做的功等于用电器消耗的电能，公式为W=UIt。由于R₁、R₂并联，U₁=U₂，工作时间t相同，且I₁＜I₂，代入公式可得W₁=U₁I₁t ＜ W₂=U₂I₂t，即R₁消耗的电能小于R₂消耗的电能，因此C选项错误，D选项正确。
【答案】
D
【知识点】
电阻的影响因素、并联电路特点、电功计算
【点评】
本题综合考查电学核心知识点，需要学生逐步推导物理量间的关系，逻辑要求较高，是初中电学的典型综合题，能有效检验学生的知识整合能力。
【难度系数】
0.6
8.（教材素材题）电能表示数如图所示，此时示数为
248.6
kW·h。若电路消耗电能$1.08× 10^{6}\ \mathrm{J}$时，电能表指示灯闪烁900次，则电能表铭牌上应标记3 000
imp/(kW·h)。答案
8. 248.6；3 000
解析
【分析】
首先明确电能表的读数规则：电能表的最后一位是小数位，单位为$\mathrm{kW·h}$；其次，计算电能表的脉冲参数时，需先将消耗的电能单位换算为$\mathrm{kW·h}$，再根据闪烁次数求出每消耗$1\ \mathrm{kW·h}$电能的闪烁次数。
【解析】
1. 电能表读数：电能表的示数最后一位是小数位，单位为$\mathrm{kW·h}$，由图可知示数为$248.6\ \mathrm{kW·h}$。
2. 计算电能表铭牌参数：已知消耗电能$W=1.08×10^6\ \mathrm{J}$，先换算为$\mathrm{kW·h}$：因为$1\ \mathrm{kW·h}=3.6×10^6\ \mathrm{J}$，所以$W=\frac{1.08×10^6\ \mathrm{J}}{3.6×10^6\ \mathrm{J/kW·h}}=0.3\ \mathrm{kW·h}$。消耗$0.3\ \mathrm{kW·h}$时指示灯闪烁900次，因此每消耗$1\ \mathrm{kW·h}$电能，指示灯闪烁次数为$\frac{900次}{0.3\ \mathrm{kW·h}}=3000\ \mathrm{imp/(kW·h)}$。
【答案】
248.6；3000
【知识点】
电能表读数，电能单位换算，电能表参数计算
【点评】
本题考查电能表的基本读数和参数计算，属于基础题型，需掌握电能表的读数规则及电能单位的换算方法，难度适中。
【难度系数】
0.6
首先明确电能表的读数规则：电能表的最后一位是小数位，单位为$\mathrm{kW·h}$；其次，计算电能表的脉冲参数时，需先将消耗的电能单位换算为$\mathrm{kW·h}$，再根据闪烁次数求出每消耗$1\ \mathrm{kW·h}$电能的闪烁次数。
【解析】
1. 电能表读数：电能表的示数最后一位是小数位，单位为$\mathrm{kW·h}$，由图可知示数为$248.6\ \mathrm{kW·h}$。
2. 计算电能表铭牌参数：已知消耗电能$W=1.08×10^6\ \mathrm{J}$，先换算为$\mathrm{kW·h}$：因为$1\ \mathrm{kW·h}=3.6×10^6\ \mathrm{J}$，所以$W=\frac{1.08×10^6\ \mathrm{J}}{3.6×10^6\ \mathrm{J/kW·h}}=0.3\ \mathrm{kW·h}$。消耗$0.3\ \mathrm{kW·h}$时指示灯闪烁900次，因此每消耗$1\ \mathrm{kW·h}$电能，指示灯闪烁次数为$\frac{900次}{0.3\ \mathrm{kW·h}}=3000\ \mathrm{imp/(kW·h)}$。
【答案】
248.6；3000
【知识点】
电能表读数，电能单位换算，电能表参数计算
【点评】
本题考查电能表的基本读数和参数计算，属于基础题型，需掌握电能表的读数规则及电能单位的换算方法，难度适中。
【难度系数】
0.6
