1. 在2025年中央广播电视总台春晚《秧BOT》节目中，机器人扭秧歌、丢手绢，实现了传统文化与现代科技的结合。机器人充电过程中，将能转化为能储存起来，机器人运动时主要将能转化为能。

解：机器人充电过程中，将电能转化为化学能储存起来，机器人运动时主要将电能转化为机械能。
答案依次为：电；化学；电；机械。

【分析】
本题考查能量转化的相关知识，需明确不同过程中能量的形式变化：机器人充电时是将外部输入的能量转化为自身储存的能量，运动时是将储存的能量转化为运动所需的能量，据此分析各过程的能量转化方向。
【解析】
1. 充电过程：机器人充电时，消耗外部的电能，将电能转化为电池内部的化学能储存起来，因此前两个空依次填电能、化学能；
2. 运动过程：机器人运动时，消耗自身储存的电能，主要将电能转化为使其运动的机械能，因此后两个空依次填电能、机械能。
【答案】电；化学；电；机械
【知识点】能量转化、电能、机械能
【点评】本题结合春晚节目中的机器人实例，将物理知识与实际场景结合，考查基础的能量转化规律，属于贴近生活的基础题型，帮助学生理解能量转化在科技中的应用。
【难度系数】0.3

2.电流所做的功叫做，电流通过电炉工作时，将电能转化为能。若电炉工作时消耗了0.5 kW·h的电能，则电流做了J的功。

解：
电流所做的功叫做电功，电流通过电炉工作时，将电能转化为内（热）能。
电流做功的大小等于用电器消耗的电能，进行单位换算：
$1\ \mathrm{kW·h}=3.6×10^6\ \mathrm{J}$
$W=0.5\ \mathrm{kW·h}=0.5×3.6×10^6\ \mathrm{J}=1.8×10^6\ \mathrm{J}$
三个空依次填写：电功；内（热）；$\boldsymbol{1.8×10^6}$。

【分析】
这道题考查电功的基础概念、用电器的能量转化以及电能单位的换算。解题思路：1. 回忆电功的定义，确定第一个空的答案；2. 结合电炉的工作原理，分析其能量转化形式，得出第二个空；3. 利用电能单位kW·h与J的换算关系，计算消耗电能对应的电流做功大小，得出第三个空。
【解析】
1. 根据电功的定义：电流所做的功叫做电功，因此第一个空填“电功”；
2. 电炉利用电流的热效应工作，工作时将电能转化为内能（热能），因此第二个空填“内（热）”；
3. 电能单位换算关系为：$1\ \mathrm{kW·h}=3.6×10^6\ \mathrm{J}$，电流做功大小等于用电器消耗的电能，因此$W=0.5\ \mathrm{kW·h}=0.5×3.6×10^6\ \mathrm{J}=1.8×10^6\ \mathrm{J}$，第三个空填“$1.8×10^6$”。
【答案】
电功；内（热）；$1.8×10^6$
【知识点】
电功的概念、能量转化、电能单位换算
【点评】
本题为电学基础题，考察内容均为入门级知识点，涉及电功定义、常见用电器能量转化及电能单位换算，难度低，适合巩固电学基础。
【难度系数】
0.9

3.机场规定严禁携带额定能量超过160 W·h的充电宝乘飞机，其中“W·h”是（填物理量）的单位。
某同学带了一个充电宝，铭牌上写着电池容量20 000 mA·h/3.7 V，则充满电后，此充电宝储存了J的能量，故它（选填“能”或“不能”）被携带上飞机。

解：
“W·h”是电能（电功）的单位。
充电宝储存的能量计算：
$I=20000\ \mathrm{mA}=20\ \mathrm{A}$，$t=1\ \mathrm{h}=3600\ \mathrm{s}$
由电功公式$W=UIt$得：
$W=3.7\ \mathrm{V} × 20\ \mathrm{A} × 3600\ \mathrm{s}=2.664× 10^5\ \mathrm{J}$
该充电宝额定能量为：$W'=3.7\ \mathrm{V} × 20\ \mathrm{A·h}=74\ \mathrm{W·h}$
由于$74\ \mathrm{W·h}＜160\ \mathrm{W·h}$，故它能被携带上飞机。
答案依次为：电能（电功）；$\boldsymbol{2.664× 10^5}$（或266400）；能。

【分析】
本题分三步解答：1. 明确“W·h”对应的物理量：功率公式为$W=Pt$，功率单位是W、时间单位是h，据此判断单位对应的物理量；2. 计算充电宝储存的能量：需将电池容量单位从mA·h换算为A·h，结合电压，利用电功公式$W=UIt$计算能量；3. 判断能否携带：将充电宝的额定能量（以W·h为单位）与规定的160 W·h比较，得出结论。
【解析】
1. 单位对应物理量：根据公式$W=Pt$，功率单位W与时间单位h的乘积“W·h”是电能（电功）的单位。
2. 计算充电宝储存的能量：
电池容量换算：$20000\ \mathrm{mA}=20\ \mathrm{A}$，时间$t=1\ \mathrm{h}=3600\ \mathrm{s}$；
代入电功公式$W=UIt$得：
$W=3.7\ \mathrm{V}×20\ \mathrm{A}×3600\ \mathrm{s}=2.664×10^5\ \mathrm{J}$；
也可计算额定能量：$W'=U×It=3.7\ \mathrm{V}×20\ \mathrm{A·h}=74\ \mathrm{W·h}$；
3. 判断携带资格：因为$74\ \mathrm{W·h}＜160\ \mathrm{W·h}$，所以该充电宝能被携带上飞机。
【答案】
电能（电功）；$2.664×10^5$；能
【知识点】
电能单位、电功计算、能量单位换算
【点评】
本题考查电能单位的理解和电功的计算，核心是掌握电功公式及单位换算，属于基础应用类题目，难度适中。
【难度系数】
0.6

4.图15.1-2甲是小明家电能表9月初显示的数字，图15.1-2乙是小明家电能表9月末显示的数字，小明家9月份消耗了 kW·h的电能。如果其中200 kW·h的电能是峰期用电，其余为谷期用电，根据峰谷电价收费表计算，小明家这个月的电费是元。

解：
9月初电能表的示数$W_1=3542.3\ \mathrm{kW·h}$，9月末电能表的示数$W_2=3754.8\ \mathrm{kW·h}$
9月份消耗的总电能：
$W=W_2-W_1=3754.8\ \mathrm{kW·h}-3542.3\ \mathrm{kW·h}=212.5\ \mathrm{kW·h}$
谷期消耗的电能：
$W_{\mathrm{谷}}=W-W_{\mathrm{峰}}=212.5\ \mathrm{kW·h}-200\ \mathrm{kW·h}=12.5\ \mathrm{kW·h}$
本月总电费：
$\begin{aligned}\mathrm{总电费}&=W_{\mathrm{峰}}×1.1\ \mathrm{元/(kW·h)} + W_{\mathrm{谷}}×0.4\ \mathrm{元/(kW·h)} \\&=200\ \mathrm{kW·h}×1.1\ \mathrm{元/(kW·h)} +12.5\ \mathrm{kW·h}×0.4\ \mathrm{元/(kW·h)} \\&=225\ \mathrm{元}\end{aligned}$
答：小明家9月份消耗了$212.5\ \mathrm{kW·h}$的电能，这个月的电费是225元。

【分析】
要计算9月份消耗的电能，需先读取电能表9月初和9月末的示数，两者的差值即为本月消耗的总电能；再根据峰期和谷期的电能分配，分别计算峰期、谷期的电费，相加后得到本月总电费。
【解析】
1. 读取电能表示数：9月初电能表的示数$W_1=3542.3\ \mathrm{kW·h}$，9月末电能表的示数$W_2=3754.8\ \mathrm{kW·h}$。
2. 计算9月份消耗的总电能：$W=W_2-W_1=3754.8\ \mathrm{kW·h}-3542.3\ \mathrm{kW·h}=212.5\ \mathrm{kW·h}$。
3. 计算谷期消耗的电能：$W_{\mathrm{谷}}=W-W_{\mathrm{峰}}=212.5\ \mathrm{kW·h}-200\ \mathrm{kW·h}=12.5\ \mathrm{kW·h}$。
4. 计算总电费：峰期电价为1.1元/(kW·h)，谷期电价为0.4元/(kW·h)，则总电费为$200\ \mathrm{kW·h}×1.1\ \mathrm{元/(kW·h)} +12.5\ \mathrm{kW·h}×0.4\ \mathrm{元/(kW·h)}=225\ \mathrm{元}$。
【答案】
212.5；225
【知识点】
电能表读数、电能计算、电费计算
【点评】
本题考查电能表的读数规则及电费的分步计算，属于电学基础应用题，需掌握电能表的读数方法（最后一位为小数位），并能结合峰谷电价要求准确计算。
【难度系数】
0.8

5. 图15.1-3所示的是某家用电子式电能表的表盘，该表盘上显示已用电 kW·h。若将某用电器单独接在该电能表上正常工作3 min，电能表指示灯闪烁了32次。该用电器在上述时间内消耗的电能为 kW·h。

图15.1-3

$\boldsymbol{5546.7}$；$\boldsymbol{0.02}$

【分析】
要解决本题，需掌握电能表的读数规则和利用电能表参数计算消耗电能的方法：首先，电能表读数时，单位为kW·h，最后一位数字是小数位，其余为整数位；其次，电能表参数“1600 imp/(kW·h)”表示每消耗1kW·h的电能，指示灯闪烁1600次，据此可通过闪烁次数计算用电器消耗的电能。
【解析】
1. 电能表读数：电能表的单位是kW·h，最后一位为小数位，因此表盘显示的已用电为5546.7 kW·h。
2. 计算用电器消耗的电能：已知电能表参数为1600 imp/(kW·h)，即每消耗1kW·h电能，指示灯闪烁1600次。当指示灯闪烁32次时，消耗的电能为：
$ W = \frac{32}{1600} \mathrm{kW·h} = 0.02 \mathrm{kW·h} $
【答案】
5546.7；0.02
【知识点】
电能表读数；电能计算
【点评】
本题考查电能表的读数和利用电能表参数计算消耗的电能，属于基础题型，需牢记电能表的读数规则和参数含义，难度较低。
【难度系数】
0.8

6. 提升题▶在图15.1-4甲所示电路中，电源电压恒为4 V，使用适当的电表量程后，闭合开关 S，电压表的示数如图15.1-4乙所示，则电压表的示数为 V。灯泡 L₁、L₂ 的电阻分别为 R₁、R₂，R₁: R₂=。若将灯泡 L₁、L₂ 改接成并联电路，则在 1 min内电流通过 L₁、L₂ 做的功分别为 W₁、W₂，则 W₁: W₂=。（假设灯丝电阻不变）

解：
由图甲可知，灯泡L₁、L₂串联，电压表测量L₂两端的电压。
电源电压恒为4V，因此电压表选用0~3V量程，分度值为0.1V，示数为1.5V，即$U_2=1.5\ \mathrm{V}$。
根据串联电路电压规律，L₁两端的电压：
$U_1 = U - U_2 = 4\ \mathrm{V} - 1.5\ \mathrm{V} = 2.5\ \mathrm{V}$
串联电路电流处处相等，由$R=\frac{U}{I}$可得两灯电阻之比：
$R_1:R_2 = \frac{U_1}{I}:\frac{U_2}{I} = U_1:U_2 = 2.5\ \mathrm{V}:1.5\ \mathrm{V} = 5:3$
两灯改接为并联电路时，并联电路各支路两端电压相等，通电时间$t=1\ \mathrm{min}$相同，由电功公式$W=\frac{U^2 t}{R}$可得电流做功之比：
$W_1:W_2 = \frac{U^2 t}{R_1}:\frac{U^2 t}{R_2} = R_2:R_1 = 3:5$
答案依次为：$\boldsymbol{1.5}$；$\boldsymbol{5:3}$；$\boldsymbol{3:5}$。

【分析】首先分析图甲的电路结构，确定灯泡L₁与L₂串联，电压表并联在L₂两端，测量L₂的电压；结合电源电压4V，判断电压表量程并读取示数；再利用串联电路电压规律求出L₁两端电压，结合串联电路电流特点，通过欧姆定律推导两灯电阻之比；最后根据并联电路电压相等的特点，利用电功公式推导并联时电流做功的比值。
【解析】1. 确定电压表示数：由图甲可知，L₁、L₂串联，电压表测L₂两端电压。电源电压为4V，因此电压表选用0~3V量程，分度值为0.1V，图乙中指针示数为1.5V，即L₂两端电压U₂=1.5V。
2. 计算L₁两端电压：根据串联电路电压规律，L₁两端电压U₁=U总 - U₂=4V -1.5V=2.5V。
3. 求电阻之比：串联电路电流处处相等，由欧姆定律R=U/I可得，R₁:R₂=(U₁/I):(U₂/I)=U₁:U₂=2.5V:1.5V=5:3。
4. 求并联时电功之比：两灯并联时，各支路电压相等，通电时间t相同，由电功公式W=U²t/R可得，W₁:W₂=(U²t/R₁):(U²t/R₂)=R₂:R₁=3:5。
【答案】1.5；5:3；3:5
【知识点】串联电路电压规律；欧姆定律；电功计算
【点评】本题综合考查串并联电路的特点，以及欧姆定律、电功公式的应用，需要先正确分析电路连接方式和电压表测量对象，再结合相关公式推导比例关系，是电路部分的典型综合题。
【难度系数】0.5