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1 [2025沭阳期中]如图所示为一位运动员在蹦床比赛中的示意图，某时刻她从A点自由下落，与水平床面在B点接触，她能到达的最低点为C。下列说法正确的是（
A.运动员在C点时的动能最大
B.运动员在B点时的机械能最大
C.从A到B的过程，运动员的重力势能全部转化为动能
D.从A到C的过程，运动员减小的机械能大于蹦床增加的弹性势能
第1题图
D
）A.运动员在C点时的动能最大
B.运动员在B点时的机械能最大
C.从A到B的过程，运动员的重力势能全部转化为动能
D.从A到C的过程，运动员减小的机械能大于蹦床增加的弹性势能
第1题图答案
1.D
解析
【分析】
要解决本题，需明确运动员从A到B到C过程中能量的转化规律，结合动能、重力势能、弹性势能的影响因素，以及机械能变化的原因分析选项：动能与质量、速度有关，重力势能与质量、高度有关，弹性势能与弹性形变程度有关；实际运动中存在空气阻力，机械能会转化为内能，机械能不守恒。逐一判断各选项的正误。
【解析】
选项A：运动员在C点为最低点，此时速度为0，动能最小，并非最大，故A错误；
选项B：运动员下落过程中受空气阻力，机械能不断消耗，A点的机械能大于B点，因此运动员在B点时的机械能不是最大的，故B错误；
选项C：从A到B的过程，运动员的重力势能一部分转化为动能，另一部分因克服空气阻力做功转化为内能，并非全部转化为动能，故C错误；
选项D：从A到C的过程，运动员减小的机械能，一部分用于克服空气阻力做功转化为内能，另一部分转化为蹦床的弹性势能，因此运动员减小的机械能大于蹦床增加的弹性势能，故D正确。
【答案】
D
【知识点】
机械能及其转化；能量守恒
【点评】
本题考查机械能的转化，需注意实际运动中空气阻力对机械能的损耗，分析时要结合各能量的影响因素，避免忽略阻力导致判断错误。
【难度系数】
0.5
要解决本题，需明确运动员从A到B到C过程中能量的转化规律，结合动能、重力势能、弹性势能的影响因素，以及机械能变化的原因分析选项：动能与质量、速度有关，重力势能与质量、高度有关，弹性势能与弹性形变程度有关；实际运动中存在空气阻力，机械能会转化为内能，机械能不守恒。逐一判断各选项的正误。
【解析】
选项A：运动员在C点为最低点，此时速度为0，动能最小，并非最大，故A错误；
选项B：运动员下落过程中受空气阻力，机械能不断消耗，A点的机械能大于B点，因此运动员在B点时的机械能不是最大的，故B错误；
选项C：从A到B的过程，运动员的重力势能一部分转化为动能，另一部分因克服空气阻力做功转化为内能，并非全部转化为动能，故C错误；
选项D：从A到C的过程，运动员减小的机械能，一部分用于克服空气阻力做功转化为内能，另一部分转化为蹦床的弹性势能，因此运动员减小的机械能大于蹦床增加的弹性势能，故D正确。
【答案】
D
【知识点】
机械能及其转化；能量守恒
【点评】
本题考查机械能的转化，需注意实际运动中空气阻力对机械能的损耗，分析时要结合各能量的影响因素，避免忽略阻力导致判断错误。
【难度系数】
0.5
2 [2024 泗阳校级段考]一架载有救灾物资的飞机从机场起飞，在其加速升空的过程中，它的重力势能
变大
。到达灾区上空后，飞机在某一高度上水平匀速飞行并投放救灾物资，则它的动能变小
，机械能总量变小
。（变大/不变/变小）答案
2.变大 变小 变小
解析
【分析】
要解决这道题，需明确重力势能、动能、机械能的决定因素：①重力势能与物体的质量和高度有关，公式为$E_p = mgh$；②动能与物体的质量和速度有关，公式为$E_k = \frac{1}{2}mv^2$；③机械能总量等于动能与势能之和。分两种场景分析：1. 加速升空时，质量不变，高度变化，判断重力势能；2. 水平匀速飞行投放物资时，速度不变但质量变化，判断动能，再结合势能变化判断机械能总量。
【解析】
1. 加速升空过程：飞机质量不变，高度持续升高，根据重力势能公式$E_p = mgh$，$m$不变、$h$增大，因此重力势能变大；
2. 水平匀速飞行投放物资时：飞机速度不变，但投放救灾物资后总质量减小，根据动能公式$E_k = \frac{1}{2}mv^2$，$v$不变、$m$减小，因此动能变小；
3. 机械能总量：机械能=动能+重力势能，动能变小，同时重力势能因质量减小、高度不变也变小，所以机械能总量变小。
【答案】
变大 变小 变小
【知识点】
重力势能、动能、机械能
【点评】
本题考查机械能相关的基础概念，核心是掌握动能、重力势能的影响因素，需注意投放物资时飞机质量减小这一易忽略的细节，属于基础题，难度较低。
【难度系数】
0.7
要解决这道题，需明确重力势能、动能、机械能的决定因素：①重力势能与物体的质量和高度有关，公式为$E_p = mgh$；②动能与物体的质量和速度有关，公式为$E_k = \frac{1}{2}mv^2$；③机械能总量等于动能与势能之和。分两种场景分析：1. 加速升空时，质量不变，高度变化，判断重力势能；2. 水平匀速飞行投放物资时，速度不变但质量变化，判断动能，再结合势能变化判断机械能总量。
【解析】
1. 加速升空过程：飞机质量不变，高度持续升高，根据重力势能公式$E_p = mgh$，$m$不变、$h$增大，因此重力势能变大；
2. 水平匀速飞行投放物资时：飞机速度不变，但投放救灾物资后总质量减小，根据动能公式$E_k = \frac{1}{2}mv^2$，$v$不变、$m$减小，因此动能变小；
3. 机械能总量：机械能=动能+重力势能，动能变小，同时重力势能因质量减小、高度不变也变小，所以机械能总量变小。
【答案】
变大 变小 变小
【知识点】
重力势能、动能、机械能
【点评】
本题考查机械能相关的基础概念，核心是掌握动能、重力势能的影响因素，需注意投放物资时飞机质量减小这一易忽略的细节，属于基础题，难度较低。
【难度系数】
0.7
3 [2024 沭阳校级二模]下列关于温度、热量和内能的说法正确的是 （
A.热传递过程中，热量由高温物体传向低温物体
B.$60°\mathrm{C}$的水一定比$30°\mathrm{C}$的水含有的热量多
C.物体放出热量，温度一定降低
D.物体的内能增加，它一定吸收了热量
A
）A.热传递过程中，热量由高温物体传向低温物体
B.$60°\mathrm{C}$的水一定比$30°\mathrm{C}$的水含有的热量多
C.物体放出热量，温度一定降低
D.物体的内能增加，它一定吸收了热量
答案
3.A
解析
【分析】本题围绕温度、热量和内能的概念及相关规律设置选项，需依据热传递的条件、热量的定义、温度与内能的关系、改变内能的方式等知识，逐一判断各选项的正确性，从而得出答案。
【解析】
A选项：热传递发生的条件是物体间存在温度差，热传递过程中热量由高温物体传向低温物体，该说法正确；
B选项：热量是过程量，仅描述热传递过程中能量转移的多少，不能用“含有”来描述，只能说“吸收”或“放出”热量，故该说法错误；
C选项：物体放出热量时，温度不一定降低，例如晶体凝固过程中，持续放热但温度保持不变，故该说法错误；
D选项：改变物体内能的方式有做功和热传递两种，物体内能增加，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，故该说法错误。
【答案】A
【知识点】温度、热量与内能的关系；热传递；内能的改变
【点评】本题是热学基础概念题，考查对温度、热量、内能三个核心物理量的理解，需明确各物理量的定义及相关规律，区分过程量与状态量、内能改变的两种途径，属于中考常见的基础题型，难度适中。
【难度系数】0.6
【解析】
A选项：热传递发生的条件是物体间存在温度差，热传递过程中热量由高温物体传向低温物体，该说法正确；
B选项：热量是过程量，仅描述热传递过程中能量转移的多少，不能用“含有”来描述，只能说“吸收”或“放出”热量，故该说法错误；
C选项：物体放出热量时，温度不一定降低，例如晶体凝固过程中，持续放热但温度保持不变，故该说法错误；
D选项：改变物体内能的方式有做功和热传递两种，物体内能增加，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，故该说法错误。
【答案】A
【知识点】温度、热量与内能的关系；热传递；内能的改变
【点评】本题是热学基础概念题，考查对温度、热量、内能三个核心物理量的理解，需明确各物理量的定义及相关规律，区分过程量与状态量、内能改变的两种途径，属于中考常见的基础题型，难度适中。
【难度系数】0.6
4 [2024 泗阳校级段考]北极的冰山，它的温度可达−10 ℃，这些冰
有
（有/没有）内能。若冰在太阳的照射下熔化，则在冰熔化的过程中，它的内能增加
，这是通过热传递
的方式改变的。答案
4.有 增加 热传递
解析
【分析】
首先明确内能的定义：内能是物体内部所有分子热运动的动能与分子势能的总和，一切物体的分子都在不停地做无规则运动，所以任何物体在任何温度下都具有内能，因此-10℃的冰也有内能。其次，冰是晶体，熔化过程中温度保持不变，但需要持续吸收热量，分子势能增大，所以内能会增加；冰在太阳照射下熔化，是通过吸收太阳的热量改变内能，这种方式属于热传递。
【解析】
1. 判断冰是否有内能：内能由物体内部分子的热运动和分子间的相互作用决定，一切物体的分子都在永不停息地做无规则运动，因此无论温度高低，物体都具有内能，故-10℃的冰有内能。
2. 冰熔化时的内能变化：晶体熔化时温度不变，但需要吸收热量，热量会转化为分子势能，因此冰的内能增加。
3. 改变内能的方式：冰在太阳照射下，从太阳吸收热量，能量发生转移，这种改变内能的方式是热传递。
【答案】
有 增加 热传递
【知识点】
内能的概念，内能的改变方式，熔化
【点评】
本题考查热学基础知识点，核心是内能的普遍性、晶体熔化的内能变化以及热传递改变内能的方式，难度较低，属于学生应掌握的基础内容。
【难度系数】
0.8
首先明确内能的定义：内能是物体内部所有分子热运动的动能与分子势能的总和，一切物体的分子都在不停地做无规则运动，所以任何物体在任何温度下都具有内能，因此-10℃的冰也有内能。其次，冰是晶体，熔化过程中温度保持不变，但需要持续吸收热量，分子势能增大，所以内能会增加；冰在太阳照射下熔化，是通过吸收太阳的热量改变内能，这种方式属于热传递。
【解析】
1. 判断冰是否有内能：内能由物体内部分子的热运动和分子间的相互作用决定，一切物体的分子都在永不停息地做无规则运动，因此无论温度高低，物体都具有内能，故-10℃的冰有内能。
2. 冰熔化时的内能变化：晶体熔化时温度不变，但需要吸收热量，热量会转化为分子势能，因此冰的内能增加。
3. 改变内能的方式：冰在太阳照射下，从太阳吸收热量，能量发生转移，这种改变内能的方式是热传递。
【答案】
有 增加 热传递
【知识点】
内能的概念，内能的改变方式，熔化
【点评】
本题考查热学基础知识点，核心是内能的普遍性、晶体熔化的内能变化以及热传递改变内能的方式，难度较低，属于学生应掌握的基础内容。
【难度系数】
0.8
5 [2025宿城段考]在“探究不同物质的吸热能力”实验中，把质量均为0.5 kg的水和煤油分别装入两个相同的容器内，用相同的热源给它们加热，其温度随时间变化的图像如图所示，不计热量损失，$c_{水}=4.2×10^{3} J/(kg·℃)$。下列分析正确的是 （
A.煤油的吸热能力比水强
B.煤油的比热容为$2.8×10^{3} J/(kg·℃)$
C.加热2 min，煤油比水吸收的热量多
D.加热2 min，煤油吸收的热量为$4.2×10^{4} J$
D
）A.煤油的吸热能力比水强
B.煤油的比热容为$2.8×10^{3} J/(kg·℃)$
C.加热2 min，煤油比水吸收的热量多
D.加热2 min，煤油吸收的热量为$4.2×10^{4} J$
答案
5.D
解析
【分析】
要解决这道题，需结合“探究不同物质吸热能力”实验的核心原理：相同热源加热时，相同时间内水和煤油吸收的热量相等；再根据热量公式$Q=cm\Delta t$分析各选项：
1. 选项A：吸热能力由比热容决定，质量相同、吸收热量相同时，温度变化越小，比热容越大，吸热能力越强。由图像可知，加热相同时间（如2min），水的温度变化更小，说明水的吸热能力更强，故A错误。
2. 选项B：根据$Q=cm\Delta t$，相同时间内$Q$、$m$相同，比热容$c$与温度变化$\Delta t$成反比，据此可计算煤油的比热容。
3. 选项C：相同热源加热，相同时间内水和煤油吸收的热量相等，据此判断热量多少。
4. 选项D：利用水的比热容、质量和温度变化，计算水吸收的热量，再结合相同时间吸热相同，得到煤油吸收的热量。
【解析】
逐一分析各选项：
选项A：质量相同的不同物质，吸收相同热量时，温度变化越小，吸热能力越强。加热2min时，水的温度变化$\Delta t_{水}=40℃-20℃=20℃$，煤油的温度变化$\Delta t_{煤油}=60℃-20℃=40℃$，$\Delta t_{水}＜\Delta t_{煤油}$，说明水的吸热能力更强，A错误。
选项B：根据$Q=cm\Delta t$，$Q$、$m$相同时，$\frac{c_{煤油}}{c_{水}}=\frac{\Delta t_{水}}{\Delta t_{煤油}}$，代入数据得：$c_{煤油}=4.2×10^3 J/(kg·℃)×\frac{20℃}{40℃}=2.1×10^3 J/(kg·℃)$，B错误。
选项C：相同热源加热，相同时间内水和煤油吸收的热量相等，因此加热2min时，煤油和水吸收的热量一样多，C错误。
选项D：加热2min时，水吸收的热量$Q_{水}=c_{水}m\Delta t_{水}=4.2×10^3 J/(kg·℃)×0.5kg×20℃=4.2×10^4 J$；因相同时间内水和煤油吸收的热量相等，所以煤油吸收的热量也为$4.2×10^4 J$，D正确。
【答案】
D
【知识点】
比热容、热量计算、探究物质吸热能力
【点评】
本题考查比热容的理解与热量公式的应用，核心是利用“相同热源相同时间提供热量相同”的实验特点，结合$Q=cm\Delta t$分析温度、热量、比热容的关系，需准确解读图像中的温度变化信息。
【难度系数】
0.6
要解决这道题，需结合“探究不同物质吸热能力”实验的核心原理：相同热源加热时，相同时间内水和煤油吸收的热量相等；再根据热量公式$Q=cm\Delta t$分析各选项：
1. 选项A：吸热能力由比热容决定，质量相同、吸收热量相同时，温度变化越小，比热容越大，吸热能力越强。由图像可知，加热相同时间（如2min），水的温度变化更小，说明水的吸热能力更强，故A错误。
2. 选项B：根据$Q=cm\Delta t$，相同时间内$Q$、$m$相同，比热容$c$与温度变化$\Delta t$成反比，据此可计算煤油的比热容。
3. 选项C：相同热源加热，相同时间内水和煤油吸收的热量相等，据此判断热量多少。
4. 选项D：利用水的比热容、质量和温度变化，计算水吸收的热量，再结合相同时间吸热相同，得到煤油吸收的热量。
【解析】
逐一分析各选项：
选项A：质量相同的不同物质，吸收相同热量时，温度变化越小，吸热能力越强。加热2min时，水的温度变化$\Delta t_{水}=40℃-20℃=20℃$，煤油的温度变化$\Delta t_{煤油}=60℃-20℃=40℃$，$\Delta t_{水}＜\Delta t_{煤油}$，说明水的吸热能力更强，A错误。
选项B：根据$Q=cm\Delta t$，$Q$、$m$相同时，$\frac{c_{煤油}}{c_{水}}=\frac{\Delta t_{水}}{\Delta t_{煤油}}$，代入数据得：$c_{煤油}=4.2×10^3 J/(kg·℃)×\frac{20℃}{40℃}=2.1×10^3 J/(kg·℃)$，B错误。
选项C：相同热源加热，相同时间内水和煤油吸收的热量相等，因此加热2min时，煤油和水吸收的热量一样多，C错误。
选项D：加热2min时，水吸收的热量$Q_{水}=c_{水}m\Delta t_{水}=4.2×10^3 J/(kg·℃)×0.5kg×20℃=4.2×10^4 J$；因相同时间内水和煤油吸收的热量相等，所以煤油吸收的热量也为$4.2×10^4 J$，D正确。
【答案】
D
【知识点】
比热容、热量计算、探究物质吸热能力
【点评】
本题考查比热容的理解与热量公式的应用，核心是利用“相同热源相同时间提供热量相同”的实验特点，结合$Q=cm\Delta t$分析温度、热量、比热容的关系，需准确解读图像中的温度变化信息。
【难度系数】
0.6
6 日常生活中，用水作为汽车发动机的冷却液，是因为它的
比热容
大。在标准大气压下，质量为5 kg的水温度从30 ℃升高了20 ℃，吸收热量$4.2×10^5$
J。答案
6.比热容 $4.2×10^5$
解析
【分析】本题考查比热容的应用及热量计算。第一空需结合水的比热容特性分析其作为冷却液的原因；第二空利用热量计算公式代入数值计算即可。
【解析】第一空：水的比热容较大，相同质量的水和其他物质相比，升高相同温度时能吸收更多热量，因此适合作为汽车发动机的冷却液。第二空：根据热量计算公式$Q_{吸}=cm\Delta t$，其中水的比热容$c=4.2×10^3 J/(kg·℃)$，质量$m=5 kg$，温度变化$\Delta t=20 ℃$，代入得：$Q_{吸}=4.2×10^3 J/(kg·℃)×5 kg×20 ℃=4.2×10^5 J$。
【答案】比热容；$4.2×10^5$
【知识点】比热容；热量计算
【点评】本题结合生活实际考查基础知识点，难度较低，需牢记比热容的特性和热量计算公式。
【难度系数】0.9
【解析】第一空：水的比热容较大，相同质量的水和其他物质相比，升高相同温度时能吸收更多热量，因此适合作为汽车发动机的冷却液。第二空：根据热量计算公式$Q_{吸}=cm\Delta t$，其中水的比热容$c=4.2×10^3 J/(kg·℃)$，质量$m=5 kg$，温度变化$\Delta t=20 ℃$，代入得：$Q_{吸}=4.2×10^3 J/(kg·℃)×5 kg×20 ℃=4.2×10^5 J$。
【答案】比热容；$4.2×10^5$
【知识点】比热容；热量计算
【点评】本题结合生活实际考查基础知识点，难度较低，需牢记比热容的特性和热量计算公式。
【难度系数】0.9
