【例】为了研究不同物质的吸热能力，小明用铁夹将温度传感器及分别盛有（选填“体积”或“质量”）相同的甲、乙两种液体的两支试管固定在铁架台上，温度传感器的探头与液体接触良好，温度传感器通过数据采集线与计算机相连接。整个装置如图a，液体温度随时间变化的关系如图b所示。分析图像可知，液体的吸热能力强。

【解题点拨】比较物质吸热能力的两种方法：①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。

质量 乙

【分析】要研究不同物质的吸热能力，需采用控制变量法，除物质种类不同外，影响吸热的其他因素要保持一致，因此甲、乙两种液体的质量必须相同（若体积相同，因密度不同会导致质量不同，不符合控制变量要求）。判断吸热能力强弱时，利用转换法：相同加热器加热相同时间，甲、乙吸收的热量相等，此时比较温度变化，温度变化小的物质吸热能力更强。
【解析】1. 控制变量：探究不同物质吸热能力时，需控制甲、乙液体的质量相同，故第一个空填“质量”。2. 分析图像：由图b可知，加热相同时间（如4min），甲温度升高了$40℃ - 20℃ = 20℃$，乙温度升高了$30℃ - 20℃ = 10℃$，乙升高的温度更小；根据“吸收相同热量时，温度变化小的物质吸热能力强”，可知乙的吸热能力更强。
【答案】质量 乙
【知识点】比热容、控制变量法、转换法
【点评】本题考查探究物质吸热能力的实验，核心是掌握控制变量法和比较吸热能力的方法，属于热学基础题，需理解实验设计的原理。
【难度系数】0.7

1. (2025—2026赣州于都期中)在“比较不同物质的吸热情况”的实验中，实验装置如下图所示(两套装置完全相同)。


(1)安装图中所示实验器材时，(选填“需要”或“不需要”)点燃酒精灯。若发现温度计玻璃泡与烧杯底接触，应将(选填“A 向上”或“B 向下”)调整。
(2)实验前应确保烧杯中的沙子和水的初温、相同。选用相同酒精灯加热的目的是使沙子和水在相同时间内。
(3)通过实验获得上表所示的实验数据，加热至第3 min时，发现沙子的温度比水高，此时沙子吸收的热量(选填“大于”“小于”或“等于”)水吸收的热量。分析实验数据可知，沙子的吸热能力比水更(选填“强”或“弱”)。物理学中常用(填物理量名称)来描述物质的吸热能力。

1.(1)需要 A 向上 (2)质量 吸收的热量相等 (3)等于 弱 比热容

【分析】
本题围绕“比较不同物质的吸热情况”实验展开，需结合实验操作规范、控制变量法、比热容的核心概念逐步分析：
第(1)问：安装实验器材时，需根据酒精灯外焰高度调整铁圈等部件，因此要先点燃酒精灯；温度计玻璃泡不能接触容器底，若接触烧杯底，需向上调整温度计的固定部件A。
第(2)问：探究不同物质吸热能力时，需控制变量，除初温相同外，还需保证沙子和水的质量相同；选用相同酒精灯，相同时间内放出的热量一致，目的是让两者在相同时间内吸收的热量相等。
第(3)问：相同酒精灯加热相同时间，沙子和水吸收的热量相等；相同质量的物质，吸收相同热量时升温越快，吸热能力越弱，因此沙子吸热能力比水弱；物理学中用比热容描述物质的吸热能力。
【解析】
(1) 安装实验器材需依据酒精灯外焰高度调整，因此需要点燃酒精灯；温度计玻璃泡接触烧杯底时，应向上调整温度计的固定部分A，故答案为“需要”“A向上”。
(2) 探究吸热能力需控制变量，除初温外，还需保证沙子和水的质量相同；相同酒精灯相同时间内放出热量相同，使两者吸收的热量相等，故答案为“质量”“吸收的热量相等”。
(3) 相同酒精灯加热3min，时间相同，两者吸收的热量相等；相同质量的沙子和水，吸收相同热量时沙子温度更高，说明沙子吸热能力更弱；物理学中用比热容描述物质的吸热能力，故答案为“等于”“弱”“比热容”。
【答案】
1.(1)需要 A 向上 (2)质量 吸收的热量相等 (3)等于 弱 比热容
【知识点】
比热容、控制变量法、实验器材安装
【点评】
本题考查热学基础实验的操作细节、控制变量法的应用及比热容概念，是期中常考的基础实验题，侧重对实验逻辑和核心概念的理解。
【难度系数】
0.7

2. 冰的比热容是 $2.1× 10^{3}\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·°\mathrm{C})$，它的物理意义是质量为1 kg的冰温度升高 $1°\mathrm{C}$时吸收的热量是 ______ J。将一块冰切去一半，则剩余一半冰的比热容将 ______（选填“变大”“变小”或“不变”）。

$2.1×10^3$ 不变

【分析】
首先明确比热容的物理意义：单位质量的某种物质，温度升高1℃所吸收的热量等于该物质的比热容，据此填写第一空；其次，比热容是物质的一种特性，仅与物质的种类和状态有关，与质量等因素无关，据此判断切去一半后比热容的变化。
【解析】
1. 根据比热容的物理意义，质量为1kg的冰温度升高1℃时吸收的热量等于冰的比热容，已知冰的比热容为$2.1×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·°\mathrm{C})$，因此第一空填$2.1×10^3$。
2. 比热容是物质的特性，只与物质的种类和状态有关，与物质的质量无关。将冰切去一半后，剩余冰的种类和状态均未改变，所以比热容不变。
【答案】
$2.1×10^3$ 不变
【知识点】
比热容的物理意义；比热容的特性
【点评】
本题考查比热容的基础概念，属于核心知识点的直接考查，难度较低，学生只要掌握比热容的物理意义和特性即可轻松解答。
【难度系数】
0.9

一、填空题
1. (2025威海，有改动)在两个相同石锅内分别添加质量、初温均相同的高汤和清水，用相同热源加热，（选填“高汤”或“清水”）升温较快；在清水沸腾后关火，发现清水继续沸腾一段时间，说明石锅温度（选填“高于”“低于”“等于”）清水的温度。($c_{高汤}＜c_{水}$)
2. 若质量为2 kg的某种物质的温度从20 ℃升高到40 ℃，吸收的热量是$1.84×10^4$ J，则该物质的比热容为 J/(kg·℃)。如果该物质再吸收$1.84×10^4$ J的热量（状态不发生改变），则该物质的比热容将（选填“变大”“变小”或“不变”）。

1.高汤 高于
2.$0.46×10^3$ 不变 【解析】根据比热容的定义可知，该物质的比热容 $c=\frac{Q_{吸}}{m \Delta t}=\frac{1.84×10^4\ \mathrm{J}}{2\ \mathrm{kg}×(40\ ℃-20\ ℃)}=0.46×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}$。比热容是物质的一种性质，它的大小与物质的种类有关，与物质吸热的多少无关，故该物质继续吸收热量后，其比热容不变。

【分析】
本题考查热学相关知识，解题思路如下：1. 第一问利用热量公式分析升温快慢：相同热源加热时，相同时间内高汤和清水吸收热量相同，结合比热容大小判断温度变化；第二问根据沸腾的条件分析石锅温度与清水温度的关系。2. 第二问利用比热容公式计算，再根据比热容的特性判断其变化。
【解析】
1. 对于第一空：相同热源加热，相同时间内高汤和清水吸收的热量Q相等，质量m相同，已知$c_{高汤}＜c_{水}$，根据热量公式$Q=cmΔt$，变形得$Δt=\frac{Q}{cm}$，可知比热容越小，温度变化$Δt$越大，因此高汤升温较快。对于第二空：液体沸腾的条件是达到沸点且继续吸热，清水沸腾后关火仍能继续沸腾，说明石锅的温度高于清水的沸点，可持续为清水提供热量，故石锅温度高于清水温度。
2. 根据比热容的定义式$c=\frac{Q_{吸}}{mΔt}$，代入数据：$Q_{吸}=1.84×10^4\ \mathrm{J}$，$m=2\ \mathrm{kg}$，温度变化$Δt=40\ ℃-20\ ℃=20\ ℃$，计算得$c=\frac{1.84×10^4\ \mathrm{J}}{2\ \mathrm{kg}×20\ ℃}=0.46×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}$。比热容是物质的固有属性，仅与物质种类和状态有关，与吸收热量的多少无关，因此该物质再吸收热量后，比热容不变。
【答案】
1. 高汤；高于 2. $0.46×10^3$；不变
【知识点】
比热容、沸腾的条件
【点评】
本题考查热学基础知识点，涉及比热容的应用与计算、沸腾条件的理解，需学生熟练掌握相关公式和概念，属于常规基础题。
【难度系数】
0.6