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1.如图所示的是项目组同学自制的气压计，将气压计由一楼拿到六楼时，细玻璃管中液面会升高，下列说法正确的是（
A.用玻璃瓶和细玻璃管自制气压计时，瓶中的水不能装满
B.细玻璃管中液面升高，说明大气压随高度的增加而变大
C.利用自制气压计可以精确测量大气压的数值
D.玻璃管中液柱静止时，瓶内气压等于大气压
A
）A.用玻璃瓶和细玻璃管自制气压计时，瓶中的水不能装满
B.细玻璃管中液面升高，说明大气压随高度的增加而变大
C.利用自制气压计可以精确测量大气压的数值
D.玻璃管中液柱静止时，瓶内气压等于大气压
答案
1.A
解析
【分析】
首先明确自制气压计的工作原理：瓶内封闭气体的压强等于外界大气压与玻璃管内液柱压强之和，即$ p_{内}=p_{外}+\rho gh $（$ p_{外} $为外界大气压，$ \rho gh $为玻璃管内液柱产生的压强）。当从一楼到六楼，高度升高，外界大气压$ p_{外} $减小，因此液柱高度$ h $增大，液面上升。接下来逐一分析选项：A选项，瓶中需留有空气才能形成气压差，故水不能装满，说法正确；B选项，大气压随高度增加而减小，并非变大，说法错误；C选项，自制气压计只能粗略反映大气压变化，无法精确测量，说法错误；D选项，液柱静止时瓶内气压等于外界大气压加液柱压强，二者不相等，说法错误。
【解析】
根据自制气压计的原理$ p_{内}=p_{外}+\rho gh $，对各选项分析如下：
1. 选项A：自制气压计时，瓶内需留有部分空气，以形成瓶内气压与外界气压的差值，因此瓶中的水不能装满，该说法正确；
2. 选项B：大气压随高度的增加而减小，从一楼到六楼，外界大气压降低导致液柱升高，并非大气压随高度增加而变大，该说法错误；
3. 选项C：自制气压计只能粗略反映大气压的变化，无法精确测量大气压的数值，该说法错误；
4. 选项D：液柱静止时，由原理可知$ p_{内}=p_{外}+\rho gh $，即瓶内气压大于外界大气压，二者不相等，该说法错误。
【答案】
A
【知识点】
大气压强、自制气压计
【点评】
本题围绕自制气压计的原理及大气压强与高度的关系展开，重点考查学生对气压计工作原理的理解，需明确大气压随高度的变化规律，区分气压计的作用，属于基础题型。
【难度系数】
0.6
首先明确自制气压计的工作原理：瓶内封闭气体的压强等于外界大气压与玻璃管内液柱压强之和，即$ p_{内}=p_{外}+\rho gh $（$ p_{外} $为外界大气压，$ \rho gh $为玻璃管内液柱产生的压强）。当从一楼到六楼，高度升高，外界大气压$ p_{外} $减小，因此液柱高度$ h $增大，液面上升。接下来逐一分析选项：A选项，瓶中需留有空气才能形成气压差，故水不能装满，说法正确；B选项，大气压随高度增加而减小，并非变大，说法错误；C选项，自制气压计只能粗略反映大气压变化，无法精确测量，说法错误；D选项，液柱静止时瓶内气压等于外界大气压加液柱压强，二者不相等，说法错误。
【解析】
根据自制气压计的原理$ p_{内}=p_{外}+\rho gh $，对各选项分析如下：
1. 选项A：自制气压计时，瓶内需留有部分空气，以形成瓶内气压与外界气压的差值，因此瓶中的水不能装满，该说法正确；
2. 选项B：大气压随高度的增加而减小，从一楼到六楼，外界大气压降低导致液柱升高，并非大气压随高度增加而变大，该说法错误；
3. 选项C：自制气压计只能粗略反映大气压的变化，无法精确测量大气压的数值，该说法错误；
4. 选项D：液柱静止时，由原理可知$ p_{内}=p_{外}+\rho gh $，即瓶内气压大于外界大气压，二者不相等，该说法错误。
【答案】
A
【知识点】
大气压强、自制气压计
【点评】
本题围绕自制气压计的原理及大气压强与高度的关系展开，重点考查学生对气压计工作原理的理解，需明确大气压随高度的变化规律，区分气压计的作用，属于基础题型。
【难度系数】
0.6
2. 如图所示，一个质地均匀的木块放在水平地面上，现在沿虚线方向将木块锯成A和B两部分，$V_A ＜ V_B$，它们对地面的压强分别为$p_A$和$p_B$，压力分别为$F_A$和$F_B$，则(
A.$p_A ＜ p_B, F_A ＜ F_B$
B.$p_A = p_B, F_A ＞ F_B$
C.$p_A ＞ p_B, F_A ＜ F_B$
D.$p_A、p_B$大小无法比较
C
)A.$p_A ＜ p_B, F_A ＜ F_B$
B.$p_A = p_B, F_A ＞ F_B$
C.$p_A ＞ p_B, F_A ＜ F_B$
D.$p_A、p_B$大小无法比较
答案
2.C
解析
【分析】
要解决此题，需明确均匀固体对水平地面的压力等于自身重力，压强结合压力和接触面积分析。步骤：1. 压力：由F=G=ρVg，根据体积关系判断压力大小；2. 压强：A是均匀柱体，压强可推导为p=ρgh，B是不规则斜切部分，通过与同规格柱体对比，分析其压强与A的压强关系。
【解析】
1. 压力比较：质地均匀的木块，对水平地面的压力等于重力，即$F=G=mg=\rho Vg$。已知$V_A＜V_B$，$\rho$和$g$为定值，因此$F_A=\rho V_A g$，$F_B=\rho V_B g$，可得$F_A＜F_B$。
2. 压强比较：A是均匀柱体，对地面的压强$p_A=\rho gh$（$h$为木块竖直高度）；B是斜切的不规则部分，其体积$V_B$小于“底面积为$S_B$、高度为$h$的柱体体积”，即$V_B＜S_B h$，因此B对地面的压力$F_B=\rho V_B g＜\rho S_B h g$，B的压强$p_B=\frac{F_B}{S_B}＜\frac{\rho S_B h g}{S_B}=\rho gh$，故$p_B＜\rho gh=p_A$，即$p_A＞p_B$。
综上，$p_A＞p_B$，$F_A＜F_B$，对应选项C。
【答案】
C
【知识点】
压力、压强、密度
【点评】
本题考查均匀固体对水平地面的压力和压强的比较，需结合密度公式和压强公式，利用形状特点简化分析，中等难度，适合初中学生掌握。
【难度系数】
0.5
要解决此题，需明确均匀固体对水平地面的压力等于自身重力，压强结合压力和接触面积分析。步骤：1. 压力：由F=G=ρVg，根据体积关系判断压力大小；2. 压强：A是均匀柱体，压强可推导为p=ρgh，B是不规则斜切部分，通过与同规格柱体对比，分析其压强与A的压强关系。
【解析】
1. 压力比较：质地均匀的木块，对水平地面的压力等于重力，即$F=G=mg=\rho Vg$。已知$V_A＜V_B$，$\rho$和$g$为定值，因此$F_A=\rho V_A g$，$F_B=\rho V_B g$，可得$F_A＜F_B$。
2. 压强比较：A是均匀柱体，对地面的压强$p_A=\rho gh$（$h$为木块竖直高度）；B是斜切的不规则部分，其体积$V_B$小于“底面积为$S_B$、高度为$h$的柱体体积”，即$V_B＜S_B h$，因此B对地面的压力$F_B=\rho V_B g＜\rho S_B h g$，B的压强$p_B=\frac{F_B}{S_B}＜\frac{\rho S_B h g}{S_B}=\rho gh$，故$p_B＜\rho gh=p_A$，即$p_A＞p_B$。
综上，$p_A＞p_B$，$F_A＜F_B$，对应选项C。
【答案】
C
【知识点】
压力、压强、密度
【点评】
本题考查均匀固体对水平地面的压力和压强的比较，需结合密度公式和压强公式，利用形状特点简化分析，中等难度，适合初中学生掌握。
【难度系数】
0.5
3.一均匀长木块放置在粗糙程度不变的水平桌面上，在水平推力F的作用下向右做匀速直线运动，如图所示。在逐渐把长木块推出桌面且不掉下的过程中，关于推力F和长木块对桌面压强p的变化情况，下列说法正确的是(
A.F不变，p变大
B.F变小，p变大
C.F不变，p不变
D.F变小，p不变
A
)A.F不变，p变大
B.F变小，p变大
C.F不变，p不变
D.F变小，p不变
答案
3.A
解析
【分析】
要解决这道题，需分两步推导：①分析推力F的变化：木块匀速直线运动时水平方向受力平衡，推力等于滑动摩擦力；滑动摩擦力由压力和接触面粗糙程度决定，与接触面积无关，木块重力不变、桌面粗糙程度不变，因此滑动摩擦力不变，推力F不变。②分析压强p的变化：压强公式为$p=\frac{F_{压}}{S}$，木块对桌面的压力等于重力（不变），推出桌面时接触面积S减小，因此压强p变大。据此判断选项。
【解析】
1. 推力F的推导：木块做匀速直线运动，水平方向受力平衡，推力F与滑动摩擦力f大小相等，即$F=f$。滑动摩擦力的大小仅由压力大小和接触面粗糙程度决定，与接触面积无关；木块对桌面的压力等于自身重力，重力不变，桌面粗糙程度不变，故滑动摩擦力f不变，因此推力F不变。
2. 压强p的推导：木块对桌面的压力等于自身重力，大小不变；当木块逐渐被推出桌面时，木块与桌面的接触面积S减小，根据压强公式$p=\frac{F_{压}}{S}$，压力不变、受力面积减小，因此压强p变大。
综上，F不变，p变大，对应选项A。
【答案】
A
【知识点】
滑动摩擦力影响因素、压强计算
【点评】
本题考查滑动摩擦力和压强的核心知识点，需明确滑动摩擦力与接触面积无关、压强与受力面积有关，是初中物理的基础常考题，易混淆点为误将接触面积变化影响滑动摩擦力，需准确区分两个物理量的决定因素。
【难度系数】
0.6
要解决这道题，需分两步推导：①分析推力F的变化：木块匀速直线运动时水平方向受力平衡，推力等于滑动摩擦力；滑动摩擦力由压力和接触面粗糙程度决定，与接触面积无关，木块重力不变、桌面粗糙程度不变，因此滑动摩擦力不变，推力F不变。②分析压强p的变化：压强公式为$p=\frac{F_{压}}{S}$，木块对桌面的压力等于重力（不变），推出桌面时接触面积S减小，因此压强p变大。据此判断选项。
【解析】
1. 推力F的推导：木块做匀速直线运动，水平方向受力平衡，推力F与滑动摩擦力f大小相等，即$F=f$。滑动摩擦力的大小仅由压力大小和接触面粗糙程度决定，与接触面积无关；木块对桌面的压力等于自身重力，重力不变，桌面粗糙程度不变，故滑动摩擦力f不变，因此推力F不变。
2. 压强p的推导：木块对桌面的压力等于自身重力，大小不变；当木块逐渐被推出桌面时，木块与桌面的接触面积S减小，根据压强公式$p=\frac{F_{压}}{S}$，压力不变、受力面积减小，因此压强p变大。
综上，F不变，p变大，对应选项A。
【答案】
A
【知识点】
滑动摩擦力影响因素、压强计算
【点评】
本题考查滑动摩擦力和压强的核心知识点，需明确滑动摩擦力与接触面积无关、压强与受力面积有关，是初中物理的基础常考题，易混淆点为误将接触面积变化影响滑动摩擦力，需准确区分两个物理量的决定因素。
【难度系数】
0.6
4. 如图，一杯均匀的奶茶正立放在桌面上（如图甲），然后反过来倒立在桌面上（如图乙），两次放置奶茶对杯底的压强分别是$ p_A $和$ p_B $，则（
A.$ p_A ＞ p_B $
B.$ p_A ＜ p_B $
C.$ p_A = p_B $
D.无法判断
A
）A.$ p_A ＞ p_B $
B.$ p_A ＜ p_B $
C.$ p_A = p_B $
D.无法判断
答案
4.A
解析
【分析】
要判断液体对杯底的压强，需利用液体压强公式$ p = \rho gh $。该公式中，液体压强与液体密度$\rho$、重力加速度$g$、液体深度$h$（液面到容器底的垂直距离）有关。本题中两次装的都是奶茶，液体密度$\rho$相同，$g$为定值，因此压强大小由液体深度$h$决定。观察题图可知，正放（甲）时奶茶的深度大于倒放（乙）时的深度，据此可判断压强关系。
【解析】
根据液体压强公式$ p = \rho gh $：
1. 两次容器内装的都是奶茶，所以液体密度$\rho$相同，$g$为常量；
2. 由图可知，甲图中奶茶的深度$ h_A $大于乙图中奶茶的深度$ h_B $；
3. 代入公式得：$ p_A = \rho g h_A $，$ p_B = \rho g h_B $，因为$ h_A ＞ h_B $，所以$ p_A ＞ p_B $。
【答案】
A
【知识点】
液体压强公式、深度判断
【点评】
本题考查液体压强公式的应用，核心是正确分析液体深度的变化，属于基础题型，需牢记液体压强与深度的关系。
【难度系数】
0.6
要判断液体对杯底的压强，需利用液体压强公式$ p = \rho gh $。该公式中，液体压强与液体密度$\rho$、重力加速度$g$、液体深度$h$（液面到容器底的垂直距离）有关。本题中两次装的都是奶茶，液体密度$\rho$相同，$g$为定值，因此压强大小由液体深度$h$决定。观察题图可知，正放（甲）时奶茶的深度大于倒放（乙）时的深度，据此可判断压强关系。
【解析】
根据液体压强公式$ p = \rho gh $：
1. 两次容器内装的都是奶茶，所以液体密度$\rho$相同，$g$为常量；
2. 由图可知，甲图中奶茶的深度$ h_A $大于乙图中奶茶的深度$ h_B $；
3. 代入公式得：$ p_A = \rho g h_A $，$ p_B = \rho g h_B $，因为$ h_A ＞ h_B $，所以$ p_A ＞ p_B $。
【答案】
A
【知识点】
液体压强公式、深度判断
【点评】
本题考查液体压强公式的应用，核心是正确分析液体深度的变化，属于基础题型，需牢记液体压强与深度的关系。
【难度系数】
0.6
5.生活处处有物理，留心观察皆学问。如抽油烟机在工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强
小
，使油烟在周围大气压的作用下压向扇口排出；高压锅是通过增大
（选填“增大”或“减小”）锅内气压来升高
（选填“升高”或“降低”）锅内水的沸点，使食物更快熟。答案
5.小 增大 升高
解析
【分析】
本题考查流体压强与流速的关系、沸点与气压的关系，解题思路：1. 回忆流体压强规律，判断抽油烟机扇叶处的压强；2. 回忆沸点与气压的关系，确定高压锅的工作原理。
【解析】
1. 流体压强的规律：在流体中，流速越大的位置压强越小。抽油烟机转动的扇叶处气体流速大，因此该处压强小，周围大气压将油烟压向扇口排出，故第一个空填“小”；
2. 液体的沸点与气压的关系：气压越大，沸点越高。高压锅通过密封结构增大锅内气压，从而升高锅内水的沸点，使食物更快煮熟，故后两个空依次填“增大”“升高”。
【答案】
小 增大 升高
【知识点】
流体压强与流速的关系；沸点与气压的关系
【点评】
本题结合生活实例考查基础物理知识，体现了物理与生活的联系，难度较低，需牢记相关规律即可解答。
【难度系数】
0.8
本题考查流体压强与流速的关系、沸点与气压的关系，解题思路：1. 回忆流体压强规律，判断抽油烟机扇叶处的压强；2. 回忆沸点与气压的关系，确定高压锅的工作原理。
【解析】
1. 流体压强的规律：在流体中，流速越大的位置压强越小。抽油烟机转动的扇叶处气体流速大，因此该处压强小，周围大气压将油烟压向扇口排出，故第一个空填“小”；
2. 液体的沸点与气压的关系：气压越大，沸点越高。高压锅通过密封结构增大锅内气压，从而升高锅内水的沸点，使食物更快煮熟，故后两个空依次填“增大”“升高”。
【答案】
小 增大 升高
【知识点】
流体压强与流速的关系；沸点与气压的关系
【点评】
本题结合生活实例考查基础物理知识，体现了物理与生活的联系，难度较低，需牢记相关规律即可解答。
【难度系数】
0.8
6. 将一个未装满水的密闭瓶子先正立放在桌面上(如图甲),然后反过来倒立在桌面上(如图乙),图乙中水对瓶盖的压强
从图甲到图乙,瓶子对水平桌面的压力
大于
(选填“大于”“小于”或“等于”)图甲中水对瓶底的压强;从图甲到图乙,瓶子对水平桌面的压力
不变
(选填“变大”“变小”或“不变”,下同),对水平桌面的压强变大
。答案
6.大于 不变 变大
解析
【分析】
要解决本题，需分别分析液体压强和固体压力、压强的变化：
1. 液体压强：根据液体压强公式$ p=\rho gh $，水的密度$\rho$和$g$不变，只需比较水的深度。图甲正立，图乙倒立后，瓶子的形状使水的深度变大，因此乙中液体压强更大。
2. 固体压力：水平桌面上，物体对桌面的压力等于总重力，瓶子和水的总重力不变，故压力不变。
3. 固体压强：根据固体压强公式$ p=\frac{F}{S} $，压力$F$不变，倒立后受力面积$S$变小，因此压强变大。
【解析】
1. 水对容器的压强：由液体压强公式$ p=\rho gh $，水的密度$\rho$和$g$恒定，图乙中水的深度大于图甲中水的深度，因此图乙中水对瓶盖的压强大于图甲中水对瓶底的压强，填“大于”。
2. 瓶子对桌面的压力：水平面上，压力等于总重力，瓶子和水的总重力不变，因此压力不变，填“不变”。
3. 瓶子对桌面的压强：由固体压强公式$ p=\frac{F}{S} $，压力$F$不变，倒立后受力面积$S$减小，因此压强变大，填“变大”。
【答案】
大于 不变 变大
【知识点】
液体压强、固体压强、压力与重力的关系
【点评】
本题考查液体压强和固体压强的应用，核心是掌握对应公式，明确水平面上压力等于总重力，需注意受力面积的变化，属于基础应用类题目。
【难度系数】
0.5
要解决本题，需分别分析液体压强和固体压力、压强的变化：
1. 液体压强：根据液体压强公式$ p=\rho gh $，水的密度$\rho$和$g$不变，只需比较水的深度。图甲正立，图乙倒立后，瓶子的形状使水的深度变大，因此乙中液体压强更大。
2. 固体压力：水平桌面上，物体对桌面的压力等于总重力，瓶子和水的总重力不变，故压力不变。
3. 固体压强：根据固体压强公式$ p=\frac{F}{S} $，压力$F$不变，倒立后受力面积$S$变小，因此压强变大。
【解析】
1. 水对容器的压强：由液体压强公式$ p=\rho gh $，水的密度$\rho$和$g$恒定，图乙中水的深度大于图甲中水的深度，因此图乙中水对瓶盖的压强大于图甲中水对瓶底的压强，填“大于”。
2. 瓶子对桌面的压力：水平面上，压力等于总重力，瓶子和水的总重力不变，因此压力不变，填“不变”。
3. 瓶子对桌面的压强：由固体压强公式$ p=\frac{F}{S} $，压力$F$不变，倒立后受力面积$S$减小，因此压强变大，填“变大”。
【答案】
大于 不变 变大
【知识点】
液体压强、固体压强、压力与重力的关系
【点评】
本题考查液体压强和固体压强的应用，核心是掌握对应公式，明确水平面上压力等于总重力，需注意受力面积的变化，属于基础应用类题目。
【难度系数】
0.5
