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2.甲、乙两个用电器的电压之比为2:1，电流之比为1:2，通电时间之比为5:4，则两个用电器消耗的电能之比为（
A.4:5
B.5:1
C.5:4
D.5:8
C
）A.4:5
B.5:1
C.5:4
D.5:8
答案
2.C
解析
【分析】要计算两个用电器消耗的电能之比，需先回忆电功（电能）的计算公式$W=UIt$，由于题目给出了电压、电流、通电时间的比值，可直接将各物理量的比值代入公式，对应项相乘后化简，即可得到电能之比。
【解析】根据电功公式$W=UIt$，两个用电器消耗的电能之比为：
$\frac{W_甲}{W_乙} = \frac{U_甲I_甲t_甲}{U_乙I_乙t_乙}$
已知$U_甲:U_乙=2:1$，$I_甲:I_乙=1:2$，$t_甲:t_乙=5:4$，代入得：
$\frac{W_甲}{W_乙} = \frac{2×1×5}{1×2×4} = \frac{10}{8} = \frac{5}{4}$，即电能之比为$5:4$，对应选项C。
【答案】C
【知识点】电功的计算；比例运算
【点评】本题考查电功公式的基础应用，属于常规基础题，只要牢记电功公式，正确代入已知比值计算即可，难度较低。
【难度系数】0.6
【解析】根据电功公式$W=UIt$，两个用电器消耗的电能之比为：
$\frac{W_甲}{W_乙} = \frac{U_甲I_甲t_甲}{U_乙I_乙t_乙}$
已知$U_甲:U_乙=2:1$，$I_甲:I_乙=1:2$，$t_甲:t_乙=5:4$，代入得：
$\frac{W_甲}{W_乙} = \frac{2×1×5}{1×2×4} = \frac{10}{8} = \frac{5}{4}$，即电能之比为$5:4$，对应选项C。
【答案】C
【知识点】电功的计算；比例运算
【点评】本题考查电功公式的基础应用，属于常规基础题，只要牢记电功公式，正确代入已知比值计算即可，难度较低。
【难度系数】0.6
3.下列家用电器能将电能转化为机械能的是 （
A.电视机
B.电灯
C.电风扇
D.电熨斗
C
）A.电视机
B.电灯
C.电风扇
D.电熨斗
答案
3.C
解析
【分析】要解答本题，需明确各家用电器工作时的能量转化形式，核心是判断哪个电器将电能主要转化为机械能。我们可逐一分析每个选项对应的能量转化，排除不符合要求的选项，进而选出正确答案。
【解析】A选项，电视机工作时主要将电能转化为声能、光能和内能，不符合要求；B选项，电灯工作时主要将电能转化为光能和内能，不符合；C选项，电风扇内部装有电动机，工作时将电能主要转化为机械能，符合题意；D选项，电熨斗工作时主要将电能转化为内能，不符合要求。因此正确答案为C。
【答案】C
【知识点】电能的转化、家用电器的能量转化
【点评】本题考查常见家用电器的能量转化，属于初中物理基础知识点，难度较低，学生掌握各电器的能量转化即可轻松解答。
【难度系数】0.8
【解析】A选项，电视机工作时主要将电能转化为声能、光能和内能，不符合要求；B选项，电灯工作时主要将电能转化为光能和内能，不符合；C选项，电风扇内部装有电动机，工作时将电能主要转化为机械能，符合题意；D选项，电熨斗工作时主要将电能转化为内能，不符合要求。因此正确答案为C。
【答案】C
【知识点】电能的转化、家用电器的能量转化
【点评】本题考查常见家用电器的能量转化，属于初中物理基础知识点，难度较低，学生掌握各电器的能量转化即可轻松解答。
【难度系数】0.8
4.在“建设节约型社会从我做起”的主题活动中，小明提出了下列节约电能的措施，不能达到目的的是 （
A.夏天使用空调时关闭门窗
B.亮度充足时关掉教室里的日光灯
C.课间休息不关闭电子白板
D.用节能灯取代白炽灯照明
C
）A.夏天使用空调时关闭门窗
B.亮度充足时关掉教室里的日光灯
C.课间休息不关闭电子白板
D.用节能灯取代白炽灯照明
答案
4.C
解析
【分析】本题要求选出不能达到节约电能目的的措施，解题思路是逐一分析每个选项的做法是否会造成电能浪费，从而判断其是否符合节约电能的要求。
【解析】
1. 选项A：夏天使用空调时关闭门窗，可减少室内冷气向外流失，降低空调的运行功率，进而节约电能，该措施能达到目的。
2. 选项B：亮度充足时关掉教室里的日光灯，避免了不必要的照明电能消耗，能节约电能，该措施能达到目的。
3. 选项C：课间休息不关闭电子白板，电子白板仍处于工作状态，会额外消耗电能，不能达到节约电能的目的。
4. 选项D：节能灯的发光效率远高于白炽灯，用节能灯取代白炽灯照明，可减少电能消耗，能达到节约电能的目的。
综上，不能达到节约电能目的的是选项C。
【答案】C
【知识点】节约电能的措施、电能的合理利用
【点评】本题结合生活实际考查节约电能的常识，难度较低，学生可通过生活经验判断各选项是否能节约电能。
【难度系数】0.8
【解析】
1. 选项A：夏天使用空调时关闭门窗，可减少室内冷气向外流失，降低空调的运行功率，进而节约电能，该措施能达到目的。
2. 选项B：亮度充足时关掉教室里的日光灯，避免了不必要的照明电能消耗，能节约电能，该措施能达到目的。
3. 选项C：课间休息不关闭电子白板，电子白板仍处于工作状态，会额外消耗电能，不能达到节约电能的目的。
4. 选项D：节能灯的发光效率远高于白炽灯，用节能灯取代白炽灯照明，可减少电能消耗，能达到节约电能的目的。
综上，不能达到节约电能目的的是选项C。
【答案】C
【知识点】节约电能的措施、电能的合理利用
【点评】本题结合生活实际考查节约电能的常识，难度较低，学生可通过生活经验判断各选项是否能节约电能。
【难度系数】0.8
5. 如图18.1-2所示是小英家的电能表表盘示意图，她断开其他用电器，将电烤箱单独接入电路中正常工作1 min，发现电能表指示灯闪烁50次，下列说法正确的是
（
A.电能表是测量电流的仪表
B.这个电能表允许通过的最大电流是10 A
C.这个电能表表盘示数为516 kW·h
D.电烤箱正常工作10 min，消耗电能7.2×10⁵ J
（
D
）A.电能表是测量电流的仪表
B.这个电能表允许通过的最大电流是10 A
C.这个电能表表盘示数为516 kW·h
D.电烤箱正常工作10 min，消耗电能7.2×10⁵ J
答案
5.D
解析
【分析】
要判断各选项的正误，需掌握电能表的作用、参数含义及电能计算方法：首先明确电能表是测电能的仪表，再理解“10(40)A”“2500 imp/(kW·h)”的含义，最后根据电能表的示数规则和消耗电能的计算方法逐一分析选项。
【解析】
逐个分析选项：
1. 选项A：电能表的作用是测量电路消耗的电能（电功），不是测量电流，故A错误；
2. 选项B：电能表参数“10(40)A”表示标定电流为10A，允许通过的最大电流为40A，故B错误；
3. 选项C：电能表的最后一位是小数位，图示示数为51.6 kW·h，不是516 kW·h，故C错误；
4. 选项D：电能表参数“2500 imp/(kW·h)”表示每消耗1 kW·h的电能，指示灯闪烁2500次。电烤箱工作1 min指示灯闪烁50次，则1 min消耗的电能：$W_1=\frac{50}{2500}kW·h=0.02kW·h$；工作10 min消耗的电能：$W=10×W_1=10×0.02kW·h=0.2kW·h$；换算为焦耳：$0.2×3.6×10^6J=7.2×10^5J$，故D正确。
【答案】
D
【知识点】
电能表参数、电能计算
【点评】
本题考查电能表的基础应用，需准确理解电能表各参数的含义，区分示数的小数位，掌握利用闪烁次数计算电能的方法，属于常规基础题，难度不大。
【难度系数】
0.3
要判断各选项的正误，需掌握电能表的作用、参数含义及电能计算方法：首先明确电能表是测电能的仪表，再理解“10(40)A”“2500 imp/(kW·h)”的含义，最后根据电能表的示数规则和消耗电能的计算方法逐一分析选项。
【解析】
逐个分析选项：
1. 选项A：电能表的作用是测量电路消耗的电能（电功），不是测量电流，故A错误；
2. 选项B：电能表参数“10(40)A”表示标定电流为10A，允许通过的最大电流为40A，故B错误；
3. 选项C：电能表的最后一位是小数位，图示示数为51.6 kW·h，不是516 kW·h，故C错误；
4. 选项D：电能表参数“2500 imp/(kW·h)”表示每消耗1 kW·h的电能，指示灯闪烁2500次。电烤箱工作1 min指示灯闪烁50次，则1 min消耗的电能：$W_1=\frac{50}{2500}kW·h=0.02kW·h$；工作10 min消耗的电能：$W=10×W_1=10×0.02kW·h=0.2kW·h$；换算为焦耳：$0.2×3.6×10^6J=7.2×10^5J$，故D正确。
【答案】
D
【知识点】
电能表参数、电能计算
【点评】
本题考查电能表的基础应用，需准确理解电能表各参数的含义，区分示数的小数位，掌握利用闪烁次数计算电能的方法，属于常规基础题，难度不大。
【难度系数】
0.3
6.蓄电池充电时能够储存的电量(电池的容量)一般用A·h或mA·h来表示,一般电动自行车蓄电池的电压为48 V,容量为12 A·h,则电池充满电后可储存电能约为
2.07×10⁶
J(结果保留两位小数),若充满电后可让电动自行车正常行驶2 h,则该电动自行车的工作电流为6
A(结果保留整数)。答案
6. 2.07×10⁶ 6
解析
【分析】
首先明确电池容量的物理意义：容量是电池储存的电荷量，单位A·h（安时）。计算储存电能时，利用电能公式W=UQ（Q为电荷量，Q=It），先将容量换算为电荷量，结合电压计算电能；计算工作电流时，根据Q=It变形得到I=Q/t，代入容量和行驶时间即可求解。
【解析】
1. 计算电池储存的电能：
电池容量Q=12 A·h，换算为电荷量：Q=12 A×3600 s=43200 C；
根据电能公式W=UQ，代入U=48 V，得：
W=48 V×43200 C=2073600 J≈2.07×10⁶ J。
2. 计算电动自行车的工作电流：
已知行驶时间t=2 h，由Q=It变形得工作电流I=Q/t，代入Q=12 A·h，t=2 h，得：
I=12 A·h÷2 h=6 A。
【答案】
2.07×10⁶；6
【知识点】
电能计算、电流计算
【点评】
本题考查电能与电流的基础计算，核心是理解电池容量的物理意义（储存的电荷量），公式应用简单，属于常规基础题。
【难度系数】
0.6
首先明确电池容量的物理意义：容量是电池储存的电荷量，单位A·h（安时）。计算储存电能时，利用电能公式W=UQ（Q为电荷量，Q=It），先将容量换算为电荷量，结合电压计算电能；计算工作电流时，根据Q=It变形得到I=Q/t，代入容量和行驶时间即可求解。
【解析】
1. 计算电池储存的电能：
电池容量Q=12 A·h，换算为电荷量：Q=12 A×3600 s=43200 C；
根据电能公式W=UQ，代入U=48 V，得：
W=48 V×43200 C=2073600 J≈2.07×10⁶ J。
2. 计算电动自行车的工作电流：
已知行驶时间t=2 h，由Q=It变形得工作电流I=Q/t，代入Q=12 A·h，t=2 h，得：
I=12 A·h÷2 h=6 A。
【答案】
2.07×10⁶；6
【知识点】
电能计算、电流计算
【点评】
本题考查电能与电流的基础计算，核心是理解电池容量的物理意义（储存的电荷量），公式应用简单，属于常规基础题。
【难度系数】
0.6
7.小明家安装了太阳能发电系统，白天太阳能电池板发电，向电网提供电能，此过程中太阳能转化为
电
能；中午时段，太阳能电池板的输出电压为500 V，输出电流为20 A，3 h可以为电网提供电能30
kW·h。答案
7. 电 30
解析
【分析】
首先明确能量转化的判断：太阳能电池板发电是将太阳能转化为电能；其次计算电能时，需利用电能公式，注意单位转换，将功率单位转换为kW，时间单位为h，即可求出电能。
【解析】
1. 能量转化判断：太阳能电池板发电过程中，将太阳能转化为电能，故第一空填“电”。
2. 电能计算：根据公式$P=UI$，太阳能电池板的功率$P=500V×20A=10000W=10kW$；再根据电能公式$W=Pt$，3h提供的电能$W=10kW×3h=30kW·h$，故第二空填“30”。
【答案】
电；30
【知识点】
能量转化、电能计算
【点评】
本题考查能量转化的判断和电能的简单计算，属于基础题型，关键是掌握电能计算的公式及单位转换，难度较低。
【难度系数】
0.8
首先明确能量转化的判断：太阳能电池板发电是将太阳能转化为电能；其次计算电能时，需利用电能公式，注意单位转换，将功率单位转换为kW，时间单位为h，即可求出电能。
【解析】
1. 能量转化判断：太阳能电池板发电过程中，将太阳能转化为电能，故第一空填“电”。
2. 电能计算：根据公式$P=UI$，太阳能电池板的功率$P=500V×20A=10000W=10kW$；再根据电能公式$W=Pt$，3h提供的电能$W=10kW×3h=30kW·h$，故第二空填“30”。
【答案】
电；30
【知识点】
能量转化、电能计算
【点评】
本题考查能量转化的判断和电能的简单计算，属于基础题型，关键是掌握电能计算的公式及单位转换，难度较低。
【难度系数】
0.8
