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6 下列实例中,能用“流体压强与流速的关系”解释的是(
A.茶壶的壶嘴和壶身中的水面保持相平
B.候车时乘客需站在安全黄线以外区域
C.人潜入水面下越深感觉到呼吸越困难
D.壁虎靠脚上的“吸盘”在玻璃墙上爬行
B
)A.茶壶的壶嘴和壶身中的水面保持相平
B.候车时乘客需站在安全黄线以外区域
C.人潜入水面下越深感觉到呼吸越困难
D.壁虎靠脚上的“吸盘”在玻璃墙上爬行
答案
6.B
解析
【分析】
要解决这道题，需先明确“流体压强与流速的关系”：在流体中，流速越大的位置压强越小，流速越小的位置压强越大。再逐一分析每个选项对应的物理原理，排除不符合该关系的选项，即可得出正确答案。
【解析】
A选项：茶壶的壶嘴和壶身构成连通器，根据连通器原理，静止时壶嘴和壶身的水面保持相平，与流体压强和流速的关系无关，不符合题意；
B选项：当列车驶进站台时，会带动人和车之间的空气流动速度加快，人外侧的空气流速较慢。根据流体压强与流速的关系，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大，会产生向内侧的压强差，将人推向列车，因此候车需站在安全黄线以外，符合题意；
C选项：液体的压强随深度的增加而增大，人潜入水面下越深，受到的液体压强越大，所以呼吸越困难，与流体压强和流速的关系无关，不符合题意；
D选项：壁虎脚上的“吸盘”排出内部空气后，在大气压的作用下被压在玻璃墙上，利用的是大气压，与流体压强和流速的关系无关，不符合题意。
综上，正确答案为B。
【答案】
B
【知识点】
流体压强与流速的关系、连通器原理、大气压的应用
【点评】
本题考查常见物理原理的区分，重点考查流体压强与流速关系的应用，属于基础题，只要掌握各选项对应的物理知识即可快速选出答案。
【难度系数】
0.8
要解决这道题，需先明确“流体压强与流速的关系”：在流体中，流速越大的位置压强越小，流速越小的位置压强越大。再逐一分析每个选项对应的物理原理，排除不符合该关系的选项，即可得出正确答案。
【解析】
A选项：茶壶的壶嘴和壶身构成连通器，根据连通器原理，静止时壶嘴和壶身的水面保持相平，与流体压强和流速的关系无关，不符合题意；
B选项：当列车驶进站台时，会带动人和车之间的空气流动速度加快，人外侧的空气流速较慢。根据流体压强与流速的关系，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大，会产生向内侧的压强差，将人推向列车，因此候车需站在安全黄线以外，符合题意；
C选项：液体的压强随深度的增加而增大，人潜入水面下越深，受到的液体压强越大，所以呼吸越困难，与流体压强和流速的关系无关，不符合题意；
D选项：壁虎脚上的“吸盘”排出内部空气后，在大气压的作用下被压在玻璃墙上，利用的是大气压，与流体压强和流速的关系无关，不符合题意。
综上，正确答案为B。
【答案】
B
【知识点】
流体压强与流速的关系、连通器原理、大气压的应用
【点评】
本题考查常见物理原理的区分，重点考查流体压强与流速关系的应用，属于基础题，只要掌握各选项对应的物理知识即可快速选出答案。
【难度系数】
0.8
7 建筑屋顶用钢筋混凝土浇筑而成,体积为$6m^3$,钢筋混凝土密度为$2.5×10^3kg/m^3$,屋顶的重力是
$1.5×10^5$
N。屋顶的面积为$50m^2$,大气压强为$1.0×10^5Pa$,大气对屋顶的压力是$5×10^6$
N。某次台风中,屋顶的大气压强变为$0.9×10^5Pa$,屋内的大气压强仍为$1.0×10^5Pa$不变,则屋顶内外受到的大气压力之差为$5×10^5$
N。答案
7. $1.5×10^5$ $5×10^6$ $5×10^5$
解析
【分析】
这道题考查密度、重力、压强公式的综合应用。解题思路：1. 先通过密度公式计算钢筋混凝土屋顶的质量，再结合重力公式求出屋顶重力；2. 利用压强公式计算大气对屋顶的压力；3. 台风时，根据屋顶内外的压强差和受力面积，计算出大气压力差，需明确压力差是内外压强差乘以受力面积。
【解析】
1. 计算屋顶重力：
由密度公式$\rho=\frac{m}{V}$得，屋顶质量$m=\rho V=2.5×10^3kg/m^3 ×6m^3=1.5×10^4kg$，
重力$G=mg=1.5×10^4kg ×10N/kg=1.5×10^5N$；
2. 计算大气对屋顶的压力：
由压强公式$p=\frac{F}{S}$得，大气对屋顶的压力$F=pS=1.0×10^5Pa ×50m^2=5×10^6N$；
3. 计算屋顶内外大气压力差：
屋顶内外压强差$\Delta p=p_{内}-p_{外}=1.0×10^5Pa -0.9×10^5Pa=0.1×10^5Pa$，
压力差$\Delta F=\Delta p·S=0.1×10^5Pa ×50m^2=5×10^5N$。
【答案】
$1.5×10^5$；$5×10^6$；$5×10^5$
【知识点】
密度与重力计算；压强公式应用；压力差计算
【点评】
本题为力学基础计算题，考查核心公式的综合运用，步骤明确，需注意公式中各物理量的对应关系，难度适中。
【难度系数】
0.3
这道题考查密度、重力、压强公式的综合应用。解题思路：1. 先通过密度公式计算钢筋混凝土屋顶的质量，再结合重力公式求出屋顶重力；2. 利用压强公式计算大气对屋顶的压力；3. 台风时，根据屋顶内外的压强差和受力面积，计算出大气压力差，需明确压力差是内外压强差乘以受力面积。
【解析】
1. 计算屋顶重力：
由密度公式$\rho=\frac{m}{V}$得，屋顶质量$m=\rho V=2.5×10^3kg/m^3 ×6m^3=1.5×10^4kg$，
重力$G=mg=1.5×10^4kg ×10N/kg=1.5×10^5N$；
2. 计算大气对屋顶的压力：
由压强公式$p=\frac{F}{S}$得，大气对屋顶的压力$F=pS=1.0×10^5Pa ×50m^2=5×10^6N$；
3. 计算屋顶内外大气压力差：
屋顶内外压强差$\Delta p=p_{内}-p_{外}=1.0×10^5Pa -0.9×10^5Pa=0.1×10^5Pa$，
压力差$\Delta F=\Delta p·S=0.1×10^5Pa ×50m^2=5×10^5N$。
【答案】
$1.5×10^5$；$5×10^6$；$5×10^5$
【知识点】
密度与重力计算；压强公式应用；压力差计算
【点评】
本题为力学基础计算题，考查核心公式的综合运用，步骤明确，需注意公式中各物理量的对应关系，难度适中。
【难度系数】
0.3
8 生活中处处有物理：
如图所示，治病输液时，药水瓶口A处常插着两根塑料管B、C，其中插C管的目的是利用
如图所示，治病输液时，药水瓶口A处常插着两根塑料管B、C，其中插C管的目的是利用
大气压
使输液能顺利地进行。如果某地某时的大气压为$1.01×10^5$帕，则面积为10平方米墙面上受到的大气压力为$1.01×10^6$
牛。答案
8. 大气压 $1.01×10^6$
解析
【分析】
首先，对于输液时C管的作用，需明确输液过程中瓶内气压的变化规律：当瓶内液体流出时，瓶内气体体积变大，气压会减小，外界大气压可通过C管进入瓶内，维持瓶内气压与外界大气压平衡，从而保证液体顺利流出，因此插C管利用的是大气压。计算大气压力时，直接运用压力公式$F=pS$，代入已知的大气压和受力面积即可得出结果。
【解析】
1. 输液时，药水瓶内液体流出后，瓶内气体体积增大，气压降低，外界大气压通过C管进入瓶内，使瓶内气压始终与外界大气压平衡，让液体能持续顺利流出，因此插C管的目的是利用大气压。
2. 根据大气压力计算公式$F=pS$，已知大气压$p=1.01×10^5 \, \mathrm{Pa}$，受力面积$S=10 \, \mathrm{m}^2$，代入计算得：
$F=1.01×10^5 \, \mathrm{Pa} × 10 \, \mathrm{m}^2 = 1.01×10^6 \, \mathrm{N}$。
【答案】
大气压；$1.01×10^6$
【知识点】
大气压的应用；压力的计算
【点评】
本题结合生活中的输液场景考查物理知识，既考查了大气压在生活中的实际应用，又考查了压力公式的简单计算，题目贴近生活，难度较低，注重物理知识的实际运用。
【难度系数】
0.7
首先，对于输液时C管的作用，需明确输液过程中瓶内气压的变化规律：当瓶内液体流出时，瓶内气体体积变大，气压会减小，外界大气压可通过C管进入瓶内，维持瓶内气压与外界大气压平衡，从而保证液体顺利流出，因此插C管利用的是大气压。计算大气压力时，直接运用压力公式$F=pS$，代入已知的大气压和受力面积即可得出结果。
【解析】
1. 输液时，药水瓶内液体流出后，瓶内气体体积增大，气压降低，外界大气压通过C管进入瓶内，使瓶内气压始终与外界大气压平衡，让液体能持续顺利流出，因此插C管的目的是利用大气压。
2. 根据大气压力计算公式$F=pS$，已知大气压$p=1.01×10^5 \, \mathrm{Pa}$，受力面积$S=10 \, \mathrm{m}^2$，代入计算得：
$F=1.01×10^5 \, \mathrm{Pa} × 10 \, \mathrm{m}^2 = 1.01×10^6 \, \mathrm{N}$。
【答案】
大气压；$1.01×10^6$
【知识点】
大气压的应用；压力的计算
【点评】
本题结合生活中的输液场景考查物理知识，既考查了大气压在生活中的实际应用，又考查了压力公式的简单计算，题目贴近生活，难度较低，注重物理知识的实际运用。
【难度系数】
0.7
9 小红从北京到西藏旅游时,发现随身携带的食品包装袋变得鼓起来,这是因为大气压随高度增加而
减小
(选填“增大”或“减小”),使得袋内的气压大于
(选填“大于”或“小于”)外部大气压的缘故。小红还了解到在西藏地区用普通锅煮面条不容易熟,这是因为西藏地区水的沸点比平原地区低
(选填“低”或“高”)。人吸气时,在大气压
作用下新鲜空气被压入肺内。答案
9. 减小 大于 低 大气压
解析
【分析】
这道题考查大气压相关的基础知识点，解题思路如下：1. 回忆大气压随高度的变化规律：海拔越高，大气压越小，从北京到西藏海拔升高，因此大气压随高度增加的变化可确定；2. 食品包装袋鼓起的原因是袋内外气压差，结合外部气压变化判断袋内与外部气压的大小关系；3. 沸点与气压的关系：气压越低，液体沸点越低，结合西藏的气压特点判断水的沸点；4. 人吸气的原理是利用大气压，肺内气压变化与外界大气压的关系可确定作用的力。
【解析】
1. 大气压随高度的增加而减小，从北京到西藏海拔升高，因此第一个空填“减小”；
2. 包装袋鼓起是因为袋内气压大于外部气压，外部气压变小，袋内气压相对较大，故第二个空填“大于”；
3. 气压越低，液体沸点越低，西藏地区气压比平原低，所以水的沸点比平原低，第三个空填“低”；
4. 人吸气时，肺内气压小于外界大气压，在大气压作用下新鲜空气被压入肺内，第四个空填“大气压”。
【答案】
减小 大于 低 大气压
【知识点】
大气压与高度的关系、沸点与气压的关系、大气压的应用
【点评】
本题结合生活实际考查大气压相关基础知识点，难度不大，需牢记大气压的变化规律、沸点与气压的关系及大气压的生活应用，属于基础题型。
【难度系数】
0.2
这道题考查大气压相关的基础知识点，解题思路如下：1. 回忆大气压随高度的变化规律：海拔越高，大气压越小，从北京到西藏海拔升高，因此大气压随高度增加的变化可确定；2. 食品包装袋鼓起的原因是袋内外气压差，结合外部气压变化判断袋内与外部气压的大小关系；3. 沸点与气压的关系：气压越低，液体沸点越低，结合西藏的气压特点判断水的沸点；4. 人吸气的原理是利用大气压，肺内气压变化与外界大气压的关系可确定作用的力。
【解析】
1. 大气压随高度的增加而减小，从北京到西藏海拔升高，因此第一个空填“减小”；
2. 包装袋鼓起是因为袋内气压大于外部气压，外部气压变小，袋内气压相对较大，故第二个空填“大于”；
3. 气压越低，液体沸点越低，西藏地区气压比平原低，所以水的沸点比平原低，第三个空填“低”；
4. 人吸气时，肺内气压小于外界大气压，在大气压作用下新鲜空气被压入肺内，第四个空填“大气压”。
【答案】
减小 大于 低 大气压
【知识点】
大气压与高度的关系、沸点与气压的关系、大气压的应用
【点评】
本题结合生活实际考查大气压相关基础知识点，难度不大，需牢记大气压的变化规律、沸点与气压的关系及大气压的生活应用，属于基础题型。
【难度系数】
0.2
10 “无叶电风扇”D的内部有一台电动机吸入空气，空气经过加压后被送入环绕式的出风口，从缝隙中向外喷出，这部分喷射空气因流速大、压强
小
，使周围空气靠近
（选填“靠近”或“远离”）这部分喷射空气，带动周围空气流动，使人感觉凉爽。答案
10. 小 靠近
解析
【分析】首先回忆流体压强与流速的关系：在流体中，流速越大的位置，压强越小；流速越小的位置，压强越大。解题时，先根据题目中“喷射空气流速大”这一条件，结合流体压强规律判断其压强大小，再通过压强差分析周围空气的运动方向，进而得出答案。
【解析】根据流体压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。题目中，喷射空气的流速大，因此这部分空气的压强小；周围空气的流速小，压强大，所以周围空气会向压强小的区域（即喷射空气处）流动，也就是靠近这部分喷射空气，从而带动周围空气流动，使人感觉凉爽。
【答案】小；靠近
【知识点】流体压强与流速的关系
【点评】本题考查流体压强与流速关系的实际应用，属于基础题型，难度较低，需要学生牢记相关规律并能结合实际场景分析。
【难度系数】0.8
【解析】根据流体压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。题目中，喷射空气的流速大，因此这部分空气的压强小；周围空气的流速小，压强大，所以周围空气会向压强小的区域（即喷射空气处）流动，也就是靠近这部分喷射空气，从而带动周围空气流动，使人感觉凉爽。
【答案】小；靠近
【知识点】流体压强与流速的关系
【点评】本题考查流体压强与流速关系的实际应用，属于基础题型，难度较低，需要学生牢记相关规律并能结合实际场景分析。
【难度系数】0.8
三、实验探究题
11 同学们有这种经历吗？撑着伞在雨中行走，突然一阵大风吹来，伞面就会被吹翻。这是因为伞面受到升力的大小可能与空气的流速有关，升力的大小与空气的流速有怎样的关系呢？
小雨用纸板制作了一个上凸下平的模型代替伞面，将其固定在一个托盘测力计上；在模型的正前方用电风扇迎面吹风，模拟气流。打开电风扇，调整气流速度，读出测力计的示数，记入下表：
| 风速 | 无风 | 低速 | 高速 |
|------------|------|------|------|
| 托盘测力计示数/N | 18 | 16 | 10 |
(1)分析表中数据可知:模型受到的重力大小是
(2)每到夏天都会有人在电动车上加装遮阳伞如图丙。骑行时,人始终处于伞的影子当中,十分凉爽。该电动车快速行驶时,伞面会受到较大的升力,导致车辆对地的压力
11 同学们有这种经历吗？撑着伞在雨中行走，突然一阵大风吹来，伞面就会被吹翻。这是因为伞面受到升力的大小可能与空气的流速有关，升力的大小与空气的流速有怎样的关系呢？
小雨用纸板制作了一个上凸下平的模型代替伞面，将其固定在一个托盘测力计上；在模型的正前方用电风扇迎面吹风，模拟气流。打开电风扇，调整气流速度，读出测力计的示数，记入下表：
| 风速 | 无风 | 低速 | 高速 |
|------------|------|------|------|
| 托盘测力计示数/N | 18 | 16 | 10 |
(1)分析表中数据可知:模型受到的重力大小是
18
N,空气低速流过时,模型所受升力为2
N;空气流速越快,模型受到的升力越大
(选填“大”或“小”);(2)每到夏天都会有人在电动车上加装遮阳伞如图丙。骑行时,人始终处于伞的影子当中,十分凉爽。该电动车快速行驶时,伞面会受到较大的升力,导致车辆对地的压力
小于
(选填“大于”“小于”或“等于”)总的重力,进而减小
(选填“增大”或“减小”)了车轮与地面间的摩擦力,带来极大的安全隐患。答案
11. (1)18 2 大 (2)小于 减小
【解析】(1)当无风时,模型受到重力和托盘测力计的支持力是一对平衡力。模型受到的重力大小是18N。当空气低速流过时,托盘测力计的示数变为16N。升力等于重力减去支持力,随着空气流速的增大,托盘测力计的示数逐渐减小。支持力也逐渐减小。可以得出结论:空气流速越快,模型受到的升力越大。(2)当电动车快速行驶时,伞面会受到较大的升力。这个升力会减小车辆对地面的压力,由于升力增大,所以车辆对地面的压力减小,车轮与地面间的摩擦力也会减小。这会给骑行带来极大的安全隐患。
【解析】(1)当无风时,模型受到重力和托盘测力计的支持力是一对平衡力。模型受到的重力大小是18N。当空气低速流过时,托盘测力计的示数变为16N。升力等于重力减去支持力,随着空气流速的增大,托盘测力计的示数逐渐减小。支持力也逐渐减小。可以得出结论:空气流速越快,模型受到的升力越大。(2)当电动车快速行驶时,伞面会受到较大的升力。这个升力会减小车辆对地面的压力,由于升力增大,所以车辆对地面的压力减小,车轮与地面间的摩擦力也会减小。这会给骑行带来极大的安全隐患。
解析
【分析】
解决本题需结合二力平衡知识分析实验受力，通过实验数据推导升力与流速的关系，再将实验结论应用到电动车遮阳伞的实际问题中：第一步，无风时模型竖直方向受力平衡，重力等于测力计示数；第二步，有风时模型受重力、支持力、升力，利用平衡条件计算升力，对比不同流速下的升力得出流速与升力的关系；第三步，将实验结论迁移到实际场景，分析升力对车辆压力和摩擦力的影响。
【解析】
(1) 当无风时，模型静止，竖直方向受力平衡，重力与托盘测力计的支持力是一对平衡力，因此模型的重力等于无风时测力计的示数，即$ G = 18\mathrm{N} $。当空气低速流过时，测力计示数为$ 16\mathrm{N} $，此时模型受竖直向下的重力$ G $、竖直向上的测力计支持力$ F_{\mathrm{支}} $（等于测力计示数$ 16\mathrm{N} $）、竖直向上的升力$ F_{\mathrm{升}} $，根据平衡条件$ G = F_{\mathrm{支}} + F_{\mathrm{升}} $，可得升力$ F_{\mathrm{升}} = G - F_{\mathrm{支}} = 18\mathrm{N} - 16\mathrm{N} = 2\mathrm{N} $。对比高速时测力计示数$ 10\mathrm{N} $，升力为$ 18\mathrm{N} - 10\mathrm{N} = 8\mathrm{N} $，因此空气流速越快，模型受到的升力越大。
(2) 电动车快速行驶时，伞面受到较大的升力，车辆对地面的压力等于总重力减去升力，因此压力小于总的重力；摩擦力大小与压力和接触面粗糙程度有关，接触面粗糙程度不变时，压力减小，车轮与地面间的摩擦力减小，带来安全隐患。
【答案】
(1)18 2 大 (2)小于 减小
【知识点】
流体压强与流速的关系、二力平衡、摩擦力的影响因素
【点评】
本题以生活常见现象为载体，考查流体压强与流速的关系，结合二力平衡、摩擦力知识分析，注重理论联系实际，能考查学生知识应用能力，难度适中。
【难度系数】
0.6
解决本题需结合二力平衡知识分析实验受力，通过实验数据推导升力与流速的关系，再将实验结论应用到电动车遮阳伞的实际问题中：第一步，无风时模型竖直方向受力平衡，重力等于测力计示数；第二步，有风时模型受重力、支持力、升力，利用平衡条件计算升力，对比不同流速下的升力得出流速与升力的关系；第三步，将实验结论迁移到实际场景，分析升力对车辆压力和摩擦力的影响。
【解析】
(1) 当无风时，模型静止，竖直方向受力平衡，重力与托盘测力计的支持力是一对平衡力，因此模型的重力等于无风时测力计的示数，即$ G = 18\mathrm{N} $。当空气低速流过时，测力计示数为$ 16\mathrm{N} $，此时模型受竖直向下的重力$ G $、竖直向上的测力计支持力$ F_{\mathrm{支}} $（等于测力计示数$ 16\mathrm{N} $）、竖直向上的升力$ F_{\mathrm{升}} $，根据平衡条件$ G = F_{\mathrm{支}} + F_{\mathrm{升}} $，可得升力$ F_{\mathrm{升}} = G - F_{\mathrm{支}} = 18\mathrm{N} - 16\mathrm{N} = 2\mathrm{N} $。对比高速时测力计示数$ 10\mathrm{N} $，升力为$ 18\mathrm{N} - 10\mathrm{N} = 8\mathrm{N} $，因此空气流速越快，模型受到的升力越大。
(2) 电动车快速行驶时，伞面受到较大的升力，车辆对地面的压力等于总重力减去升力，因此压力小于总的重力；摩擦力大小与压力和接触面粗糙程度有关，接触面粗糙程度不变时，压力减小，车轮与地面间的摩擦力减小，带来安全隐患。
【答案】
(1)18 2 大 (2)小于 减小
【知识点】
流体压强与流速的关系、二力平衡、摩擦力的影响因素
【点评】
本题以生活常见现象为载体，考查流体压强与流速的关系，结合二力平衡、摩擦力知识分析，注重理论联系实际，能考查学生知识应用能力，难度适中。
【难度系数】
0.6
