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12.如图6所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量都是10 g，烧杯内液体的质量和初温也相同。
（1）比较不同燃料的热值，应选择两图进行实验，燃料燃尽后放出的热量，是通过（选填“温度计升高的示数”或“加热时间”）来反映的。
（2）比较不同物质吸热升温的特点：
①应选择两图进行实验；实验时还需要的测量仪器有秒表和。
②不同物质吸热的多少是通过（选填“温度计示数”或“加热时间”）来反映的。
③如图丁所示，液体a、b的温度随加热时间变化的图线分别为A、B。若液体b的比热容是$4.0×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}$，则液体a的比热容是$\mathrm{J/(kg·℃)}$。
（1）比较不同燃料的热值，应选择两图进行实验，燃料燃尽后放出的热量，是通过（选填“温度计升高的示数”或“加热时间”）来反映的。
（2）比较不同物质吸热升温的特点：
①应选择两图进行实验；实验时还需要的测量仪器有秒表和。
②不同物质吸热的多少是通过（选填“温度计示数”或“加热时间”）来反映的。
③如图丁所示，液体a、b的温度随加热时间变化的图线分别为A、B。若液体b的比热容是$4.0×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}$，则液体a的比热容是$\mathrm{J/(kg·℃)}$。
答案
（1）甲、乙；温度计升高的示数
（2）①甲、丙；天平
②加热时间
③$2.0×10^3$
（2）①甲、丙；天平
②加热时间
③$2.0×10^3$
解析
【分析】
本题考查热值和比热容的实验探究，核心是运用控制变量法分析实验设计，结合转换法判断物理量的反映关系，利用比热容公式计算未知比热容。（1）比较热值时，需控制被加热液体相同、改变燃料种类，通过液体升温反映燃料放热；（2）比较不同物质吸热时，需控制燃料相同、改变液体种类，通过加热时间反映吸热多少，再结合比热容的比例关系计算未知液体的比热容。
【解析】
（1）比较不同燃料的热值，需控制被加热液体的种类和质量相同，仅改变燃料种类，因此选甲、乙两图；燃料完全燃烧放出的热量被液体吸收，液体温度升高越多，说明燃料放热越多，热值越大，故通过温度计升高的示数反映燃料放热多少。
（2）①比较不同物质吸热升温特点，需控制燃料相同（保证相同时间放热相同），仅改变液体种类，因此选甲、丙两图；实验中需要测量液体质量，还需要天平。②相同热源加热时，加热时间越长，液体吸收的热量越多，因此吸热多少通过加热时间反映。③由图丁可知，相同加热时间（吸收热量Q相同），液体a、b质量m相同，a升高的温度Δtₐ=2Δtᵦ，根据Q=cmΔt，得cₐmΔtₐ = cᵦmΔtᵦ，因此cₐ = cᵦ×(Δtᵦ/Δtₐ) = 4.0×10³ J/(kg·℃)×(1/2)=2.0×10³ J/(kg·℃)。
【答案】
（1）甲、乙；温度计升高的示数
（2）①甲、丙；天平
②加热时间
③$2.0×10^3$
【知识点】
热值实验探究、比热容实验探究、控制变量法
【点评】
本题围绕热值和比热容的实验展开，重点考查控制变量法和转换法的应用，以及比热容的比例计算，是初中热学的常规题型，注重实验原理的理解与应用。
【难度系数】
0.5
本题考查热值和比热容的实验探究，核心是运用控制变量法分析实验设计，结合转换法判断物理量的反映关系，利用比热容公式计算未知比热容。（1）比较热值时，需控制被加热液体相同、改变燃料种类，通过液体升温反映燃料放热；（2）比较不同物质吸热时，需控制燃料相同、改变液体种类，通过加热时间反映吸热多少，再结合比热容的比例关系计算未知液体的比热容。
【解析】
（1）比较不同燃料的热值，需控制被加热液体的种类和质量相同，仅改变燃料种类，因此选甲、乙两图；燃料完全燃烧放出的热量被液体吸收，液体温度升高越多，说明燃料放热越多，热值越大，故通过温度计升高的示数反映燃料放热多少。
（2）①比较不同物质吸热升温特点，需控制燃料相同（保证相同时间放热相同），仅改变液体种类，因此选甲、丙两图；实验中需要测量液体质量，还需要天平。②相同热源加热时，加热时间越长，液体吸收的热量越多，因此吸热多少通过加热时间反映。③由图丁可知，相同加热时间（吸收热量Q相同），液体a、b质量m相同，a升高的温度Δtₐ=2Δtᵦ，根据Q=cmΔt，得cₐmΔtₐ = cᵦmΔtᵦ，因此cₐ = cᵦ×(Δtᵦ/Δtₐ) = 4.0×10³ J/(kg·℃)×(1/2)=2.0×10³ J/(kg·℃)。
【答案】
（1）甲、乙；温度计升高的示数
（2）①甲、丙；天平
②加热时间
③$2.0×10^3$
【知识点】
热值实验探究、比热容实验探究、控制变量法
【点评】
本题围绕热值和比热容的实验展开，重点考查控制变量法和转换法的应用，以及比热容的比例计算，是初中热学的常规题型，注重实验原理的理解与应用。
【难度系数】
0.5
13.提升题▶比热容是物质的一种性质。
(1)关于物质的比热容,下列说法正确的是(填字母)。
A.一瓶煤油用去一半,它的比热容变为原来的一半
B.一杯水温度升高$10\ \mathrm{℃}$跟这杯水温度升高$5\ \mathrm{℃}$相比,水的比热容变为原来的两倍
C.一块钢吸收的热量越多,它的比热容越大
D.大铁块的质量是小铁块的质量的2倍,如果它们升高相同的温度,大铁块吸收的热量是小铁块的2倍,但大、小铁块的比热容是相等的
(2)熨斗古代亦称“火斗”,最早出现于西汉,以青铜质地为主,用高温熨平衣物,这是通过的方式来改变物体的内能。宋元时期,出现了图7所示的带木把的熨斗,相比金属把,木把使用更安全,这是由于木头的(选填“导热性”或“导电性”)比金属差。若$0.25\ \mathrm{kg}$青铜受热吸收了$1×10^{4}\ \mathrm{J}$热量,温度升高了$100\ \mathrm{℃}$,则青铜的比热容为$\mathrm{J/(kg·℃)}$。
(3)有甲、乙、丙三个物体,其中甲、乙两个物体的质量均为$1\ \mathrm{kg}$,丙物体的质量为$2\ \mathrm{kg}$,三个物体的温度都升高$1\ \mathrm{℃}$,它们吸收的热量如图8所示。以下说法正确的是(填字母)。
A.甲的比热容比乙的小
B.乙和丙的比热容相等
C.若甲的温度升高$2\ \mathrm{℃}$,需吸收$6000\ \mathrm{J}$的热量
D.若甲、乙的温度都降低$2\ \mathrm{℃}$,甲比乙放出的热量少
(4)我国幅员辽阔,跨纬度较广,距海远近差距较大,加之地势高低不同,地形类型及山脉走向多样,因而形成了多种多样的气候。下表是2025年3月14日处于同纬度的城市甲、乙的气温情况。由纬度相同可知,在晴朗的气候条件下,两个城市的吸热和放热情况是相同的;根据表中的温度,可以判断城市(选填“甲”或“乙”)更靠近海边。
2025年3月14日
城市甲 晴 $8\ \mathrm{℃}～23\ \mathrm{℃}$
城市乙 晴 $12\ \mathrm{℃}～18\ \mathrm{℃}$
(5)沿海地区炎热晴朗的天气里易形成风,风是由于地面和大海升温和降温的快慢不同,从而使空气对流形成的。其中把海面吹向陆地的风称为海陆风,把陆地吹向海面的风称为陆海风。图9甲和乙所示的风形成示意图中,图反映的是白天在炎热的日光下形成的风。
(1)关于物质的比热容,下列说法正确的是(填字母)。
A.一瓶煤油用去一半,它的比热容变为原来的一半
B.一杯水温度升高$10\ \mathrm{℃}$跟这杯水温度升高$5\ \mathrm{℃}$相比,水的比热容变为原来的两倍
C.一块钢吸收的热量越多,它的比热容越大
D.大铁块的质量是小铁块的质量的2倍,如果它们升高相同的温度,大铁块吸收的热量是小铁块的2倍,但大、小铁块的比热容是相等的
(2)熨斗古代亦称“火斗”,最早出现于西汉,以青铜质地为主,用高温熨平衣物,这是通过的方式来改变物体的内能。宋元时期,出现了图7所示的带木把的熨斗,相比金属把,木把使用更安全,这是由于木头的(选填“导热性”或“导电性”)比金属差。若$0.25\ \mathrm{kg}$青铜受热吸收了$1×10^{4}\ \mathrm{J}$热量,温度升高了$100\ \mathrm{℃}$,则青铜的比热容为$\mathrm{J/(kg·℃)}$。
(3)有甲、乙、丙三个物体,其中甲、乙两个物体的质量均为$1\ \mathrm{kg}$,丙物体的质量为$2\ \mathrm{kg}$,三个物体的温度都升高$1\ \mathrm{℃}$,它们吸收的热量如图8所示。以下说法正确的是(填字母)。
A.甲的比热容比乙的小
B.乙和丙的比热容相等
C.若甲的温度升高$2\ \mathrm{℃}$,需吸收$6000\ \mathrm{J}$的热量
D.若甲、乙的温度都降低$2\ \mathrm{℃}$,甲比乙放出的热量少
(4)我国幅员辽阔,跨纬度较广,距海远近差距较大,加之地势高低不同,地形类型及山脉走向多样,因而形成了多种多样的气候。下表是2025年3月14日处于同纬度的城市甲、乙的气温情况。由纬度相同可知,在晴朗的气候条件下,两个城市的吸热和放热情况是相同的;根据表中的温度,可以判断城市(选填“甲”或“乙”)更靠近海边。
2025年3月14日
城市甲 晴 $8\ \mathrm{℃}～23\ \mathrm{℃}$
城市乙 晴 $12\ \mathrm{℃}～18\ \mathrm{℃}$
(5)沿海地区炎热晴朗的天气里易形成风,风是由于地面和大海升温和降温的快慢不同,从而使空气对流形成的。其中把海面吹向陆地的风称为海陆风,把陆地吹向海面的风称为陆海风。图9甲和乙所示的风形成示意图中,图反映的是白天在炎热的日光下形成的风。
答案
解：
(1) 比热容是物质的特性，与物质的质量、温度变化量、吸放热多少均无关，仅由物质的种类和状态决定，因此ABC错误，D正确。
答案：$\boldsymbol{D}$
(2) 高温熨斗熨平衣物，热量从熨斗转移到衣物，是通过热传递的方式改变物体内能；
木把的导热性比金属差，升温慢，使用更安全；
由$Q_{\mathrm{吸}}=cm\Delta t$得青铜的比热容：
$c=\frac{Q_{\mathrm{吸}}}{m\Delta t}=\frac{1×10^4\ \mathrm{J}}{0.25\ \mathrm{kg}×100\ \mathrm{℃}}=400\ \mathrm{J/(kg·℃)}$
答案依次为：热传递；导热性；$\boldsymbol{400}$
(3) 由题意和图8可得：
$c_{\mathrm{甲}}=\frac{Q_{\mathrm{甲吸}}}{m_{\mathrm{甲}}\Delta t}=\frac{3000\ \mathrm{J}}{1\ \mathrm{kg}×1\ \mathrm{℃}}=3000\ \mathrm{J/(kg·℃)}$
$c_{\mathrm{乙}}=\frac{Q_{\mathrm{乙吸}}}{m_{\mathrm{乙}}\Delta t}=\frac{2000\ \mathrm{J}}{1\ \mathrm{kg}×1\ \mathrm{℃}}=2000\ \mathrm{J/(kg·℃)}$
$c_{\mathrm{丙}}=\frac{Q_{\mathrm{丙吸}}}{m_{\mathrm{丙}}\Delta t}=\frac{2000\ \mathrm{J}}{2\ \mathrm{kg}×1\ \mathrm{℃}}=1000\ \mathrm{J/(kg·℃)}$
选项A：甲的比热容大于乙，A错误；
选项B：乙和丙比热容不相等，B错误；
选项C：甲温度升高$2\ \mathrm{℃}$，吸收热量$Q_{\mathrm{甲}}=c_{\mathrm{甲}}m_{\mathrm{甲}}\Delta t'=3000\ \mathrm{J/(kg·℃)}×1\ \mathrm{kg}×2\ \mathrm{℃}=6000\ \mathrm{J}$，C正确；
选项D：甲、乙温度都降低$2\ \mathrm{℃}$，甲放出的热量大于乙，D错误。
答案：$\boldsymbol{C}$
(4) 相同吸放热条件下，水的比热容大，沿海城市昼夜温差更小。城市甲昼夜温差为$15\ \mathrm{℃}$，城市乙昼夜温差为$6\ \mathrm{℃}$，乙的温差更小，因此城市乙更靠近海边。
答案：$\boldsymbol{乙}$
(5) 白天陆地升温比海面快，陆地空气受热上升，近地面风从海面吹向陆地，形成海陆风，对应图乙的空气流动方向。
答案：$\boldsymbol{乙}$
(1) 比热容是物质的特性，与物质的质量、温度变化量、吸放热多少均无关，仅由物质的种类和状态决定，因此ABC错误，D正确。
答案：$\boldsymbol{D}$
(2) 高温熨斗熨平衣物，热量从熨斗转移到衣物，是通过热传递的方式改变物体内能；
木把的导热性比金属差，升温慢，使用更安全；
由$Q_{\mathrm{吸}}=cm\Delta t$得青铜的比热容：
$c=\frac{Q_{\mathrm{吸}}}{m\Delta t}=\frac{1×10^4\ \mathrm{J}}{0.25\ \mathrm{kg}×100\ \mathrm{℃}}=400\ \mathrm{J/(kg·℃)}$
答案依次为：热传递；导热性；$\boldsymbol{400}$
(3) 由题意和图8可得：
$c_{\mathrm{甲}}=\frac{Q_{\mathrm{甲吸}}}{m_{\mathrm{甲}}\Delta t}=\frac{3000\ \mathrm{J}}{1\ \mathrm{kg}×1\ \mathrm{℃}}=3000\ \mathrm{J/(kg·℃)}$
$c_{\mathrm{乙}}=\frac{Q_{\mathrm{乙吸}}}{m_{\mathrm{乙}}\Delta t}=\frac{2000\ \mathrm{J}}{1\ \mathrm{kg}×1\ \mathrm{℃}}=2000\ \mathrm{J/(kg·℃)}$
$c_{\mathrm{丙}}=\frac{Q_{\mathrm{丙吸}}}{m_{\mathrm{丙}}\Delta t}=\frac{2000\ \mathrm{J}}{2\ \mathrm{kg}×1\ \mathrm{℃}}=1000\ \mathrm{J/(kg·℃)}$
选项A：甲的比热容大于乙，A错误；
选项B：乙和丙比热容不相等，B错误；
选项C：甲温度升高$2\ \mathrm{℃}$，吸收热量$Q_{\mathrm{甲}}=c_{\mathrm{甲}}m_{\mathrm{甲}}\Delta t'=3000\ \mathrm{J/(kg·℃)}×1\ \mathrm{kg}×2\ \mathrm{℃}=6000\ \mathrm{J}$，C正确；
选项D：甲、乙温度都降低$2\ \mathrm{℃}$，甲放出的热量大于乙，D错误。
答案：$\boldsymbol{C}$
(4) 相同吸放热条件下，水的比热容大，沿海城市昼夜温差更小。城市甲昼夜温差为$15\ \mathrm{℃}$，城市乙昼夜温差为$6\ \mathrm{℃}$，乙的温差更小，因此城市乙更靠近海边。
答案：$\boldsymbol{乙}$
(5) 白天陆地升温比海面快，陆地空气受热上升，近地面风从海面吹向陆地，形成海陆风，对应图乙的空气流动方向。
答案：$\boldsymbol{乙}$
解析
【分析】
本题是比热容相关的综合提升题，各小问解题思路如下：
(1) 明确比热容是物质的固有特性，仅由物质种类和状态决定，与质量、温度变化、吸放热多少无关，据此判断选项正误；
(2) 区分改变内能的两种方式（热传递、做功），结合木头与金属的导热性差异分析安全原因，再利用热量公式$Q_{\mathrm{吸}}=cm\Delta t$变形计算青铜的比热容；
(3) 根据热量公式$Q=cm\Delta t$计算甲、乙、丙三个物体的比热容，再逐一分析各选项的正确性；
(4) 利用水的比热容大的特点，相同吸放热时温度变化小（昼夜温差小），计算两城市的昼夜温差，判断更靠近海边的城市；
(5) 结合海陆风的形成原理：白天陆地升温快，气压低，风从海面吹向陆地，对应正确的空气流动图。
【解析】
(1) 比热容是物质的特性，与质量、温度变化、吸放热无关，故A（煤油用去一半比热容不变）、B（水温度变化不影响比热容）、C（吸热量不影响比热容）错误，D（铁块比热容与质量、吸热量无关）正确，故选$\boldsymbol{D}$；
(2) 高温熨斗熨衣物时，热量从熨斗转移到衣物，通过热传递改变内能；木头导热性比金属差，木把升温慢更安全；由$Q_{\mathrm{吸}}=cm\Delta t$得，青铜比热容$c=\frac{Q_{\mathrm{吸}}}{m\Delta t}=\frac{1×10^4\ \mathrm{J}}{0.25\ \mathrm{kg}×100\ \mathrm{℃}}=400\ \mathrm{J/(kg·℃)}$，故答案依次为热传递、导热性、$\boldsymbol{400}$；
(3) 由$Q=cm\Delta t$计算：$c_{\mathrm{甲}}=\frac{Q_{\mathrm{甲}}}{m_{\mathrm{甲}}\Delta t}=\frac{3000\ \mathrm{J}}{1\ \mathrm{kg}×1\ \mathrm{℃}}=3000\ \mathrm{J/(kg·℃)}$，$c_{\mathrm{乙}}=\frac{2000\ \mathrm{J}}{1\ \mathrm{kg}×1\ \mathrm{℃}}=2000\ \mathrm{J/(kg·℃)}$，$c_{\mathrm{丙}}=\frac{2000\ \mathrm{J}}{2\ \mathrm{kg}×1\ \mathrm{℃}}=1000\ \mathrm{J/(kg·℃)}$；选项A：甲比热容大于乙，错误；选项B：乙和丙比热容不等，错误；选项C：甲升高$2\ \mathrm{℃}$吸热$Q=3000\ \mathrm{J/(kg·℃)}×1\ \mathrm{kg}×2\ \mathrm{℃}=6000\ \mathrm{J}$，正确；选项D：甲降低$2\ \mathrm{℃}$放热更多，错误，故选$\boldsymbol{C}$；
(4) 沿海地区水多，比热容大，昼夜温差小；甲温差$=23\ \mathrm{℃}-8\ \mathrm{℃}=15\ \mathrm{℃}$，乙温差$=18\ \mathrm{℃}-12\ \mathrm{℃}=6\ \mathrm{℃}$，乙温差小，更靠近海边，故选$\boldsymbol{乙}$；
(5) 白天陆地升温快，空气上升，近地面气压低，风从海面吹向陆地，对应图乙，故答案为$\boldsymbol{乙}$；
【答案】
(1) $\boldsymbol{D}$；(2) 热传递；导热性；$\boldsymbol{400}$；(3) $\boldsymbol{C}$；(4) $\boldsymbol{乙}$；(5) $\boldsymbol{乙}$
【知识点】
比热容；热量计算；内能的改变
【点评】
本题围绕比热容核心知识点展开，涵盖特性、公式应用、实际生活中的应用（如沿海温差、海陆风），综合性较强，能考查学生对比热容概念的理解及公式的运用能力，是巩固比热容知识的典型提升题。
【难度系数】
0.5
本题是比热容相关的综合提升题，各小问解题思路如下：
(1) 明确比热容是物质的固有特性，仅由物质种类和状态决定，与质量、温度变化、吸放热多少无关，据此判断选项正误；
(2) 区分改变内能的两种方式（热传递、做功），结合木头与金属的导热性差异分析安全原因，再利用热量公式$Q_{\mathrm{吸}}=cm\Delta t$变形计算青铜的比热容；
(3) 根据热量公式$Q=cm\Delta t$计算甲、乙、丙三个物体的比热容，再逐一分析各选项的正确性；
(4) 利用水的比热容大的特点，相同吸放热时温度变化小（昼夜温差小），计算两城市的昼夜温差，判断更靠近海边的城市；
(5) 结合海陆风的形成原理：白天陆地升温快，气压低，风从海面吹向陆地，对应正确的空气流动图。
【解析】
(1) 比热容是物质的特性，与质量、温度变化、吸放热无关，故A（煤油用去一半比热容不变）、B（水温度变化不影响比热容）、C（吸热量不影响比热容）错误，D（铁块比热容与质量、吸热量无关）正确，故选$\boldsymbol{D}$；
(2) 高温熨斗熨衣物时，热量从熨斗转移到衣物，通过热传递改变内能；木头导热性比金属差，木把升温慢更安全；由$Q_{\mathrm{吸}}=cm\Delta t$得，青铜比热容$c=\frac{Q_{\mathrm{吸}}}{m\Delta t}=\frac{1×10^4\ \mathrm{J}}{0.25\ \mathrm{kg}×100\ \mathrm{℃}}=400\ \mathrm{J/(kg·℃)}$，故答案依次为热传递、导热性、$\boldsymbol{400}$；
(3) 由$Q=cm\Delta t$计算：$c_{\mathrm{甲}}=\frac{Q_{\mathrm{甲}}}{m_{\mathrm{甲}}\Delta t}=\frac{3000\ \mathrm{J}}{1\ \mathrm{kg}×1\ \mathrm{℃}}=3000\ \mathrm{J/(kg·℃)}$，$c_{\mathrm{乙}}=\frac{2000\ \mathrm{J}}{1\ \mathrm{kg}×1\ \mathrm{℃}}=2000\ \mathrm{J/(kg·℃)}$，$c_{\mathrm{丙}}=\frac{2000\ \mathrm{J}}{2\ \mathrm{kg}×1\ \mathrm{℃}}=1000\ \mathrm{J/(kg·℃)}$；选项A：甲比热容大于乙，错误；选项B：乙和丙比热容不等，错误；选项C：甲升高$2\ \mathrm{℃}$吸热$Q=3000\ \mathrm{J/(kg·℃)}×1\ \mathrm{kg}×2\ \mathrm{℃}=6000\ \mathrm{J}$，正确；选项D：甲降低$2\ \mathrm{℃}$放热更多，错误，故选$\boldsymbol{C}$；
(4) 沿海地区水多，比热容大，昼夜温差小；甲温差$=23\ \mathrm{℃}-8\ \mathrm{℃}=15\ \mathrm{℃}$，乙温差$=18\ \mathrm{℃}-12\ \mathrm{℃}=6\ \mathrm{℃}$，乙温差小，更靠近海边，故选$\boldsymbol{乙}$；
(5) 白天陆地升温快，空气上升，近地面气压低，风从海面吹向陆地，对应图乙，故答案为$\boldsymbol{乙}$；
【答案】
(1) $\boldsymbol{D}$；(2) 热传递；导热性；$\boldsymbol{400}$；(3) $\boldsymbol{C}$；(4) $\boldsymbol{乙}$；(5) $\boldsymbol{乙}$
【知识点】
比热容；热量计算；内能的改变
【点评】
本题围绕比热容核心知识点展开，涵盖特性、公式应用、实际生活中的应用（如沿海温差、海陆风），综合性较强，能考查学生对比热容概念的理解及公式的运用能力，是巩固比热容知识的典型提升题。
【难度系数】
0.5
