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7. 关于四冲程汽油机的工作过程，下列说法正确的是 （
A.吸气冲程:只吸入空气
B.压缩冲程:缸内温度降低
C.做功冲程:气体推动活塞做功
D.排气冲程:内能转化为机械能
C
）A.吸气冲程:只吸入空气
B.压缩冲程:缸内温度降低
C.做功冲程:气体推动活塞做功
D.排气冲程:内能转化为机械能
答案
7. C
解析
【分析】
要解决这道题，需掌握四冲程汽油机四个冲程（吸气、压缩、做功、排气）的工作特点及能量转化规律，逐一分析每个选项：先明确各冲程的核心特征，再判断选项描述是否正确。
【解析】
四冲程汽油机的工作过程如下：
1. 吸气冲程：吸入的是汽油和空气的混合物，并非只吸入空气，故A错误；
2. 压缩冲程：活塞向上压缩气缸内气体，机械能转化为内能，缸内温度升高，而非降低，故B错误；
3. 做功冲程：火花塞点火，高温高压燃气膨胀推动活塞向下运动做功，内能转化为机械能，故C正确；
4. 排气冲程：活塞向上运动排出废气，无能量转化，故D错误。
综上，正确选项为C。
【答案】
C
【知识点】
四冲程汽油机工作原理、内燃机冲程能量转化
【点评】
本题考查四冲程汽油机各冲程的基础特点，属于内燃机部分的核心知识点，需准确记忆各冲程的工作过程和能量变化，难度较低。
【难度系数】
0.7
要解决这道题，需掌握四冲程汽油机四个冲程（吸气、压缩、做功、排气）的工作特点及能量转化规律，逐一分析每个选项：先明确各冲程的核心特征，再判断选项描述是否正确。
【解析】
四冲程汽油机的工作过程如下：
1. 吸气冲程：吸入的是汽油和空气的混合物，并非只吸入空气，故A错误；
2. 压缩冲程：活塞向上压缩气缸内气体，机械能转化为内能，缸内温度升高，而非降低，故B错误；
3. 做功冲程：火花塞点火，高温高压燃气膨胀推动活塞向下运动做功，内能转化为机械能，故C正确；
4. 排气冲程：活塞向上运动排出废气，无能量转化，故D错误。
综上，正确选项为C。
【答案】
C
【知识点】
四冲程汽油机工作原理、内燃机冲程能量转化
【点评】
本题考查四冲程汽油机各冲程的基础特点，属于内燃机部分的核心知识点，需准确记忆各冲程的工作过程和能量变化，难度较低。
【难度系数】
0.7
8. (2024·霍林郭勒)如图所示,吹大了的气球没握住,它叫嚣着飞跑了,则 (
A.球内的气体温度降低内能减少
B.气体喷出时,机械能转化为内能
C.球内的气体通过热传递改变内能
D.球内的气体对气球没有做功
A
)A.球内的气体温度降低内能减少
B.气体喷出时,机械能转化为内能
C.球内的气体通过热传递改变内能
D.球内的气体对气球没有做功
答案
8. A
解析
【分析】本题结合气球喷气飞跑的生活现象，考查内能的改变和能量转化的相关知识。解题思路：先明确气体喷出过程中的能量变化，再结合做功、热传递改变内能的特点，逐一分析每个选项的正误。
【解析】当气球内的气体喷出时，气体对外做功，内能转化为机械能。逐一分析选项：
选项A：气体对外做功，自身内能减少，温度降低，该选项正确；
选项B：气体喷出时，是内能转化为机械能，并非机械能转化为内能，该选项错误；
选项C：此过程是通过做功的方式改变气体的内能，不是热传递，该选项错误；
选项D：气体喷出时，对气球施加了力，且气球在力的方向上移动了距离，因此球内气体对气球做了功，该选项错误。
【答案】A
【知识点】内能的改变、能量转化
【点评】本题联系生活实际，考查基础的内能与能量转化知识，需要学生掌握做功改变内能的原理，以及能量转化的判断，属于中等难度的基础题，学生需明确做功和热传递的区别，以及能量转化的方向。
【难度系数】0.6
【解析】当气球内的气体喷出时，气体对外做功，内能转化为机械能。逐一分析选项：
选项A：气体对外做功，自身内能减少，温度降低，该选项正确；
选项B：气体喷出时，是内能转化为机械能，并非机械能转化为内能，该选项错误；
选项C：此过程是通过做功的方式改变气体的内能，不是热传递，该选项错误；
选项D：气体喷出时，对气球施加了力，且气球在力的方向上移动了距离，因此球内气体对气球做了功，该选项错误。
【答案】A
【知识点】内能的改变、能量转化
【点评】本题联系生活实际，考查基础的内能与能量转化知识，需要学生掌握做功改变内能的原理，以及能量转化的判断，属于中等难度的基础题，学生需明确做功和热传递的区别，以及能量转化的方向。
【难度系数】0.6
9. 如图所示，对于图片中所描述的物理过程，下列分析中正确的是 （
A.图甲，厚玻璃内的空气被压缩时，空气的内能减少
B.图乙，瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气的内能增大
C.图丙，试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气的内能减少
D.图丁，汽缸内的气体推动活塞向下运动时，气体的内能增大
C
）A.图甲，厚玻璃内的空气被压缩时，空气的内能减少
B.图乙，瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气的内能增大
C.图丙，试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气的内能减少
D.图丁，汽缸内的气体推动活塞向下运动时，气体的内能增大
答案
9. C
解析
【分析】
这道题考查做功改变物体内能和内燃机冲程的知识，需逐个分析各图的能量转化及内能变化：
1. 图甲：压缩空气时，外界对空气做功，机械能转化为空气的内能，空气内能应增大；
2. 图乙：瓶内空气推动塞子时，空气对塞子做功，内能转化为机械能，空气内能减小；
3. 图丙：水蒸气推动塞子时，水蒸气对塞子做功，内能转化为机械能，水蒸气内能减小；
4. 图丁：是汽油机做功冲程，气体推动活塞向下运动时，内能转化为机械能，气体内能减小。
【解析】
逐一分析选项：
选项A：图甲中，厚玻璃内空气被压缩，外界对空气做功，机械能转化为空气的内能，空气内能增加，而非减少，A错误；
选项B：图乙中，瓶子内空气推动塞子跳起，空气对塞子做功，内能转化为塞子的机械能，空气内能减小，而非增大，B错误；
选项C：图丙中，试管内水蒸气推动塞子冲出，水蒸气对塞子做功，内能转化为塞子的机械能，水蒸气内能减少，C正确；
选项D：图丁是汽油机做功冲程，汽缸内气体推动活塞向下运动，内能转化为活塞的机械能，气体内能减小，而非增大，D错误。
【答案】
C
【知识点】
做功改变内能、内燃机冲程
【点评】
本题结合四个物理情景，考查做功改变物体内能和内燃机冲程的相关知识，需明确各过程的能量转化方向，区分内能增减，属于基础应用类题目。
【难度系数】
0.6
这道题考查做功改变物体内能和内燃机冲程的知识，需逐个分析各图的能量转化及内能变化：
1. 图甲：压缩空气时，外界对空气做功，机械能转化为空气的内能，空气内能应增大；
2. 图乙：瓶内空气推动塞子时，空气对塞子做功，内能转化为机械能，空气内能减小；
3. 图丙：水蒸气推动塞子时，水蒸气对塞子做功，内能转化为机械能，水蒸气内能减小；
4. 图丁：是汽油机做功冲程，气体推动活塞向下运动时，内能转化为机械能，气体内能减小。
【解析】
逐一分析选项：
选项A：图甲中，厚玻璃内空气被压缩，外界对空气做功，机械能转化为空气的内能，空气内能增加，而非减少，A错误；
选项B：图乙中，瓶子内空气推动塞子跳起，空气对塞子做功，内能转化为塞子的机械能，空气内能减小，而非增大，B错误；
选项C：图丙中，试管内水蒸气推动塞子冲出，水蒸气对塞子做功，内能转化为塞子的机械能，水蒸气内能减少，C正确；
选项D：图丁是汽油机做功冲程，汽缸内气体推动活塞向下运动，内能转化为活塞的机械能，气体内能减小，而非增大，D错误。
【答案】
C
【知识点】
做功改变内能、内燃机冲程
【点评】
本题结合四个物理情景，考查做功改变物体内能和内燃机冲程的相关知识，需明确各过程的能量转化方向，区分内能增减，属于基础应用类题目。
【难度系数】
0.6
10. (2024·东山)用相同规格的电加热器分别同时对质量相等的甲、乙两种液体加热(不计热量损失),如图所示是甲、乙两种液体的温度随加热时间变化的关系图象.下列说法正确的是 (
A.1 min内,乙吸收的热量比甲多
B.1 min后乙温度不变,内能不变
C.甲、乙的比热容之比为3:2
D.甲、乙的比热容之比为2:1
D
)A.1 min内,乙吸收的热量比甲多
B.1 min后乙温度不变,内能不变
C.甲、乙的比热容之比为3:2
D.甲、乙的比热容之比为2:1
答案
10. D
解析
【分析】
要解决本题，需利用“相同规格电加热器相同时间内甲乙吸收热量相等”“不计热量损失”的条件，结合比热容公式$Q=cm\Delta t$分析图像。先明确各选项的判断逻辑：A选项需判断相同时间内甲乙吸热是否相等；B选项需分析温度不变时内能的变化；C、D选项需通过温度变化量计算比热容之比。
【解析】
1. 选项A分析：相同规格的电加热器，加热时间相同时，甲乙吸收的热量相等，因此1min内乙吸收的热量与甲相同，A错误。
2. 选项B分析：1min后乙温度不变，但电加热器仍在加热，乙持续吸收热量，内能增加，B错误。
3. 比热容之比计算：已知$m_甲=m_乙$，不计热量损失时，相同时间内$Q_甲=Q_乙$。根据$Q=cm\Delta t$，变形得$c=\frac{Q}{m\Delta t}$，因此$\frac{c_甲}{c_乙}=\frac{\Delta t_乙}{\Delta t_甲}$（$Q$、$m$相同，$c$与$\Delta t$成反比）。
从图像可知，初始温度均为25℃：
加热1min时，乙的温度变化$\Delta t_乙=75℃-25℃=50℃$；
甲3min升高的温度为$100℃-25℃=75℃$，则每分钟升高25℃，加热1min时甲的温度变化$\Delta t_甲=25℃$；
因此$\frac{c_甲}{c_乙}=\frac{50℃}{25℃}=\frac{2}{1}$，即甲、乙比热容之比为2:1，C错误，D正确。
【答案】
D
【知识点】
比热容、热量计算、热学图像分析
【点评】
本题结合热学图像考查比热容的计算，核心是利用“相同加热器相同时间吸热相同”的隐含条件，通过温度变化量的比值推导比热容之比，需准确提取图像中的温度数据，难度中等。
【难度系数】
0.5
要解决本题，需利用“相同规格电加热器相同时间内甲乙吸收热量相等”“不计热量损失”的条件，结合比热容公式$Q=cm\Delta t$分析图像。先明确各选项的判断逻辑：A选项需判断相同时间内甲乙吸热是否相等；B选项需分析温度不变时内能的变化；C、D选项需通过温度变化量计算比热容之比。
【解析】
1. 选项A分析：相同规格的电加热器，加热时间相同时，甲乙吸收的热量相等，因此1min内乙吸收的热量与甲相同，A错误。
2. 选项B分析：1min后乙温度不变，但电加热器仍在加热，乙持续吸收热量，内能增加，B错误。
3. 比热容之比计算：已知$m_甲=m_乙$，不计热量损失时，相同时间内$Q_甲=Q_乙$。根据$Q=cm\Delta t$，变形得$c=\frac{Q}{m\Delta t}$，因此$\frac{c_甲}{c_乙}=\frac{\Delta t_乙}{\Delta t_甲}$（$Q$、$m$相同，$c$与$\Delta t$成反比）。
从图像可知，初始温度均为25℃：
加热1min时，乙的温度变化$\Delta t_乙=75℃-25℃=50℃$；
甲3min升高的温度为$100℃-25℃=75℃$，则每分钟升高25℃，加热1min时甲的温度变化$\Delta t_甲=25℃$；
因此$\frac{c_甲}{c_乙}=\frac{50℃}{25℃}=\frac{2}{1}$，即甲、乙比热容之比为2:1，C错误，D正确。
【答案】
D
【知识点】
比热容、热量计算、热学图像分析
【点评】
本题结合热学图像考查比热容的计算，核心是利用“相同加热器相同时间吸热相同”的隐含条件，通过温度变化量的比值推导比热容之比，需准确提取图像中的温度数据，难度中等。
【难度系数】
0.5
11. 质量相等、初温相同的铜、铁、铝三种物质，放出相等的热量后，末温的高低是（已知$c_{\mathrm{铝}}＞c_{\mathrm{铁}}＞c_{\mathrm{铜}}$）（
A.铜最低
B.铁最低
C.铝最低
D.都相同
A
）A.铜最低
B.铁最低
C.铝最低
D.都相同
答案
11. A
解析
【分析】
要比较三种物质的末温，需先利用热量公式推导温度变化量的关系。已知质量m、放出热量Q相等，根据热量公式可得出温度变化量与比热容的反比关系，结合初温相同的条件，就能判断末温高低。
【解析】
根据放热公式$Q_{\mathrm{放}}=cm\Delta t$，变形得温度变化量$\Delta t=\frac{Q_{\mathrm{放}}}{cm}$。
已知铜、铁、铝的质量$m$相等，放出的热量$Q_{\mathrm{放}}$相等，且比热容关系为$c_{\mathrm{铝}}＞c_{\mathrm{铁}}＞c_{\mathrm{铜}}$，因此$\Delta t$与$c$成反比，即$\Delta t_{\mathrm{铜}}＞\Delta t_{\mathrm{铁}}＞\Delta t_{\mathrm{铝}}$。
又因为三者初温$t_{\mathrm{初}}$相同，末温$t_{\mathrm{末}}=t_{\mathrm{初}}-\Delta t$，$\Delta t$越大则末温越低，故末温关系为$t_{\mathrm{铜}}＜t_{\mathrm{铁}}＜t_{\mathrm{铝}}$，即铜的末温最低。
【答案】
A
【知识点】
比热容、热量的计算
【点评】
本题考查比热容公式的基本应用，核心是理解热量与比热容、温度变化的关系，属于热学基础题型，难度适中。
【难度系数】
0.7
要比较三种物质的末温，需先利用热量公式推导温度变化量的关系。已知质量m、放出热量Q相等，根据热量公式可得出温度变化量与比热容的反比关系，结合初温相同的条件，就能判断末温高低。
【解析】
根据放热公式$Q_{\mathrm{放}}=cm\Delta t$，变形得温度变化量$\Delta t=\frac{Q_{\mathrm{放}}}{cm}$。
已知铜、铁、铝的质量$m$相等，放出的热量$Q_{\mathrm{放}}$相等，且比热容关系为$c_{\mathrm{铝}}＞c_{\mathrm{铁}}＞c_{\mathrm{铜}}$，因此$\Delta t$与$c$成反比，即$\Delta t_{\mathrm{铜}}＞\Delta t_{\mathrm{铁}}＞\Delta t_{\mathrm{铝}}$。
又因为三者初温$t_{\mathrm{初}}$相同，末温$t_{\mathrm{末}}=t_{\mathrm{初}}-\Delta t$，$\Delta t$越大则末温越低，故末温关系为$t_{\mathrm{铜}}＜t_{\mathrm{铁}}＜t_{\mathrm{铝}}$，即铜的末温最低。
【答案】
A
【知识点】
比热容、热量的计算
【点评】
本题考查比热容公式的基本应用，核心是理解热量与比热容、温度变化的关系，属于热学基础题型，难度适中。
【难度系数】
0.7
12. 如图所示是蹦极运动的简化示意图，弹性绳一端固定在O点，另一端系住运动员，运动员从O点自由下落，到A点处弹性绳自然伸直。B点是运动员受到的重力与弹性绳对运动员拉力相等的点，C点是蹦极运动员到达的最低点（忽略空气阻力），下列说法正确的是 （
A.从O点到C点运动员速度一直减小
B.从O点到C点运动员的机械能一直在增大
C.从O点到C点运动员的机械能一直在减小
D.从O点到A点运动员的机械能不变
D
）A.从O点到C点运动员速度一直减小
B.从O点到C点运动员的机械能一直在增大
C.从O点到C点运动员的机械能一直在减小
D.从O点到A点运动员的机械能不变
答案
12. D
解析
【分析】
要解决这道题，需分阶段分析运动员的受力、运动状态及机械能变化：
1. O到A段：弹性绳未伸直，运动员仅受重力，忽略空气阻力，只有重力做功，机械能守恒；此阶段重力势能转化为动能，速度逐渐增大。
2. A到B段：弹性绳被拉长，产生向上的拉力，但拉力小于重力，合力向下，运动员仍做加速运动，速度继续增大；此阶段运动员的机械能开始转化为弹性绳的弹性势能，机械能减小。
3. B到C段：拉力大于重力，合力向上，运动员做减速运动，速度逐渐减小，到C点速度为0；此阶段运动员的机械能持续转化为弹性势能，机械能进一步减小。
再逐一分析选项：A选项“速度一直减小”错误，O到B速度增大；B选项“机械能一直增大”错误，A后机械能减小；C选项“机械能一直减小”错误，O到A机械能不变；D选项“O到A机械能不变”正确。
【解析】
对各阶段逐一分析：
O→A：弹性绳自然伸直前，运动员仅受重力，忽略空气阻力，只有重力做功，机械能守恒，因此O到A运动员的机械能不变；此阶段重力势能转化为动能，速度逐渐增大。
A→B：弹性绳产生拉力，拉力小于重力，合力向下，运动员加速，速度增大；弹性绳拉力对运动员做负功，运动员的机械能减小，转化为弹性绳的弹性势能。
B→C：拉力大于重力，合力向上，运动员减速，速度逐渐减小，到C点速度为0；运动员的机械能继续转化为弹性势能，机械能进一步减小。
选项判断：
A. 从O到C速度先增大（O→B）后减小（B→C），错误；
B. 从O到A机械能不变，A→C机械能减小，并非一直增大，错误；
C. O到A机械能不变，并非一直减小，错误；
D. O到A只有重力做功，机械能不变，正确。
【答案】
D
【知识点】
机械能守恒、力与运动的关系、机械能转化
【点评】
本题结合蹦极运动考查机械能变化与受力运动的关系，需分阶段分析受力和能量转化，易错点是混淆不同阶段的运动状态和机械能变化，需明确弹性绳伸直前后的受力差异。
【难度系数】
0.5
要解决这道题，需分阶段分析运动员的受力、运动状态及机械能变化：
1. O到A段：弹性绳未伸直，运动员仅受重力，忽略空气阻力，只有重力做功，机械能守恒；此阶段重力势能转化为动能，速度逐渐增大。
2. A到B段：弹性绳被拉长，产生向上的拉力，但拉力小于重力，合力向下，运动员仍做加速运动，速度继续增大；此阶段运动员的机械能开始转化为弹性绳的弹性势能，机械能减小。
3. B到C段：拉力大于重力，合力向上，运动员做减速运动，速度逐渐减小，到C点速度为0；此阶段运动员的机械能持续转化为弹性势能，机械能进一步减小。
再逐一分析选项：A选项“速度一直减小”错误，O到B速度增大；B选项“机械能一直增大”错误，A后机械能减小；C选项“机械能一直减小”错误，O到A机械能不变；D选项“O到A机械能不变”正确。
【解析】
对各阶段逐一分析：
O→A：弹性绳自然伸直前，运动员仅受重力，忽略空气阻力，只有重力做功，机械能守恒，因此O到A运动员的机械能不变；此阶段重力势能转化为动能，速度逐渐增大。
A→B：弹性绳产生拉力，拉力小于重力，合力向下，运动员加速，速度增大；弹性绳拉力对运动员做负功，运动员的机械能减小，转化为弹性绳的弹性势能。
B→C：拉力大于重力，合力向上，运动员减速，速度逐渐减小，到C点速度为0；运动员的机械能继续转化为弹性势能，机械能进一步减小。
选项判断：
A. 从O到C速度先增大（O→B）后减小（B→C），错误；
B. 从O到A机械能不变，A→C机械能减小，并非一直增大，错误；
C. O到A机械能不变，并非一直减小，错误；
D. O到A只有重力做功，机械能不变，正确。
【答案】
D
【知识点】
机械能守恒、力与运动的关系、机械能转化
【点评】
本题结合蹦极运动考查机械能变化与受力运动的关系，需分阶段分析受力和能量转化，易错点是混淆不同阶段的运动状态和机械能变化，需明确弹性绳伸直前后的受力差异。
【难度系数】
0.5
13. 司机开车上坡前，往往加大油门，以提高汽车的速度，这是为了增大
动能
；而在爬坡过程中往往又调成低挡位，这又是为了获得较大的牵引力
。答案
13. 动能 牵引力
解析
【分析】
本题需结合动能的影响因素和功率公式的变形来分析：第一空，动能的大小与质量和速度有关，上坡前提高速度可增大动能，帮助上坡；第二空，根据功率公式$P=Fv$，发动机功率一定时，减小速度可增大牵引力，满足爬坡需求。
【解析】
1. 第一空：动能的计算公式为$E_k=\frac{1}{2}mv^2$，汽车质量不变时，速度越大，动能越大。上坡前加大油门提高速度，目的是增大汽车的动能，上坡时动能可转化为更多重力势能，便于爬坡，故第一空填动能。
2. 第二空：发动机的输出功率$P$恒定，由功率公式$P=Fv$变形得$F=\frac{P}{v}$，爬坡需要更大的牵引力，调成低挡位可减小行驶速度$v$，从而增大牵引力$F$，故第二空填牵引力。
【答案】
动能 牵引力
【知识点】
动能的影响因素、功率与牵引力的关系
【点评】
本题结合汽车上坡的实际场景，将物理概念与生活应用结合，考查基础知识点的应用，难度适中，属于常规概念应用题。
【难度系数】
0.7
本题需结合动能的影响因素和功率公式的变形来分析：第一空，动能的大小与质量和速度有关，上坡前提高速度可增大动能，帮助上坡；第二空，根据功率公式$P=Fv$，发动机功率一定时，减小速度可增大牵引力，满足爬坡需求。
【解析】
1. 第一空：动能的计算公式为$E_k=\frac{1}{2}mv^2$，汽车质量不变时，速度越大，动能越大。上坡前加大油门提高速度，目的是增大汽车的动能，上坡时动能可转化为更多重力势能，便于爬坡，故第一空填动能。
2. 第二空：发动机的输出功率$P$恒定，由功率公式$P=Fv$变形得$F=\frac{P}{v}$，爬坡需要更大的牵引力，调成低挡位可减小行驶速度$v$，从而增大牵引力$F$，故第二空填牵引力。
【答案】
动能 牵引力
【知识点】
动能的影响因素、功率与牵引力的关系
【点评】
本题结合汽车上坡的实际场景，将物理概念与生活应用结合，考查基础知识点的应用，难度适中，属于常规概念应用题。
【难度系数】
0.7
