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10.(7分)图甲是探究“阻力对物体运动的影响”的实验，图乙是探究“物体的动能跟哪些因素有关”的实验。
(1)甲实验中，应选择
(2)乙实验中，先把钢球A从$h_1$的高度由静止滚下，观察木块B运动的距离，再次把钢球A从$h_2$的高度由静止滚下，若$h_1＞h_2$，木块B两次移动的过程中受到的摩擦力分别为$F_1$和$F_2$，则$F_1$
(1)甲实验中，应选择
同一
（选填“同一”或“不同”）小车做实验，小车在水平方向上受到摩擦力，且摩擦力越小，小车的速度减小得越慢
。从而可以推理：如果运动的物体不受力，它将做匀速直线运动
。(2)乙实验中，先把钢球A从$h_1$的高度由静止滚下，观察木块B运动的距离，再次把钢球A从$h_2$的高度由静止滚下，若$h_1＞h_2$，木块B两次移动的过程中受到的摩擦力分别为$F_1$和$F_2$，则$F_1$
=
$F_2$，两次克服摩擦力所做的功为$W_1$和$W_2$，则$W_1$＞
$W_2$。答案
10.(1)同一 慢 做匀速直线运动
(2)= ＞
(2)= ＞
解析
【分析】
首先分析甲实验：探究阻力对物体运动的影响时，需控制小车到达水平面的初速度相同，因此应选择同一小车，从同一斜面的同一高度由静止滑下；小车在水平面上受摩擦力，摩擦力越小，对小车运动状态的改变越慢，速度减小得越慢；由此推理，若运动的物体不受力，其速度不会改变，将做匀速直线运动。
再分析乙实验：探究动能与速度的关系时，木块B受到的滑动摩擦力由压力和接触面粗糙程度决定，两次实验中木块对水平面的压力等于自身重力，接触面粗糙程度不变，因此摩擦力大小相等；钢球从更高的h₁滚下时，到达水平面的速度更大，动能更大，推动木块移动的距离更远，根据W=fs，摩擦力f相同，移动距离s越大，克服摩擦力做的功越多，因此W₁大于W₂。
【解析】
(1) 甲实验中，根据控制变量法，要使小车到达水平面的初速度相同，需选择同一小车；摩擦力越小，小车速度减小得越慢；进一步推理，若运动物体不受力，将保持匀速直线运动状态。
(2) 乙实验中，木块B受到的滑动摩擦力f=μN，两次实验中木块对水平面的压力N等于自身重力，接触面粗糙程度μ不变，故F₁=F₂；h₁＞h₂时，钢球到达水平面的速度更大，动能更大，推动木块移动的距离s更大，由W=fs可知，f相同，s越大则W越大，因此W₁＞W₂。
【答案】
(1)同一；慢；做匀速直线运动 (2)=；＞
【知识点】
阻力对物体运动的影响；动能的影响因素；滑动摩擦力的大小
【点评】
本题结合两个经典力学实验，考查控制变量法、推理法及功的计算，需区分两个实验的研究目的，注意滑动摩擦力的决定因素与动能大小的判断，是力学基础题，需掌握实验原理与方法。
【难度系数】
0.5
首先分析甲实验：探究阻力对物体运动的影响时，需控制小车到达水平面的初速度相同，因此应选择同一小车，从同一斜面的同一高度由静止滑下；小车在水平面上受摩擦力，摩擦力越小，对小车运动状态的改变越慢，速度减小得越慢；由此推理，若运动的物体不受力，其速度不会改变，将做匀速直线运动。
再分析乙实验：探究动能与速度的关系时，木块B受到的滑动摩擦力由压力和接触面粗糙程度决定，两次实验中木块对水平面的压力等于自身重力，接触面粗糙程度不变，因此摩擦力大小相等；钢球从更高的h₁滚下时，到达水平面的速度更大，动能更大，推动木块移动的距离更远，根据W=fs，摩擦力f相同，移动距离s越大，克服摩擦力做的功越多，因此W₁大于W₂。
【解析】
(1) 甲实验中，根据控制变量法，要使小车到达水平面的初速度相同，需选择同一小车；摩擦力越小，小车速度减小得越慢；进一步推理，若运动物体不受力，将保持匀速直线运动状态。
(2) 乙实验中，木块B受到的滑动摩擦力f=μN，两次实验中木块对水平面的压力N等于自身重力，接触面粗糙程度μ不变，故F₁=F₂；h₁＞h₂时，钢球到达水平面的速度更大，动能更大，推动木块移动的距离s更大，由W=fs可知，f相同，s越大则W越大，因此W₁＞W₂。
【答案】
(1)同一；慢；做匀速直线运动 (2)=；＞
【知识点】
阻力对物体运动的影响；动能的影响因素；滑动摩擦力的大小
【点评】
本题结合两个经典力学实验，考查控制变量法、推理法及功的计算，需区分两个实验的研究目的，注意滑动摩擦力的决定因素与动能大小的判断，是力学基础题，需掌握实验原理与方法。
【难度系数】
0.5
11.(7分)小李和小王利用刻度均匀的轻质杠杆探究“杠杆平衡条件”的实验装置，如图所示。
(1)实验前没挂钩码时，杠杆静止的位置如图甲所示，此时应将平衡螺母向
(2)杠杆平衡后，小李在左右两侧分别挂上钩码，如图乙所示，杠杆的
(3)小李和小王又分别设计了两种实验方案，小李的方案如图丙所示，小王的方案如图丁所示。你认为
(4)实验中小王发现，如果在杠杆的O点用弹簧测力计施加一个向上的力，这个力在探究实验时
(1)实验前没挂钩码时，杠杆静止的位置如图甲所示，此时应将平衡螺母向
右
调节，使杠杆在水平位置平衡，这样操作的主要目的是便于测量力臂
。(2)杠杆平衡后，小李在左右两侧分别挂上钩码，如图乙所示，杠杆的
左
端会下沉，要使杠杆重新在水平位置平衡，可将右侧的钩码悬挂位置向右
移动1
格。(3)小李和小王又分别设计了两种实验方案，小李的方案如图丙所示，小王的方案如图丁所示。你认为
小李
(选填“小李”或“小王”)的实验方案更好。(4)实验中小王发现，如果在杠杆的O点用弹簧测力计施加一个向上的力，这个力在探究实验时
不能
(选填“能”或“不能”)影响到杠杆的平衡。答案
11.(1)右 便于测量力臂
(2)左 右 1
(3)小李
(4)不能
(2)左 右 1
(3)小李
(4)不能
解析
【分析】
本题围绕“探究杠杆平衡条件”的实验展开，需结合杠杆调平方法、杠杆平衡条件（$F_1L_1=F_2L_2$）及实验操作要点分析：
1. 实验前杠杆调平：根据杠杆倾斜方向判断平衡螺母调节方向，水平平衡的目的是便于测量力臂；
2. 杠杆平衡判断：利用杠杆平衡条件计算左右两侧力与力臂的乘积，比较大小判断下沉方向，再调整力臂使杠杆重新平衡；
3. 弹簧测力计的使用：竖直方向拉测力臂更方便，斜拉时力臂会变小，不利于实验测量；
4. 支点处的力：支点处的力的力臂为0，对杠杆平衡无影响。
【解析】
(1) 实验前杠杆左端下沉（图甲），应将平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡；此时杠杆上的力臂与杠杆重合，便于直接测量力臂。
(2) 设每个钩码重力为$G$，每格长度为$L$。左侧力与力臂的乘积：$4G×2L=8GL$；右侧力与力臂的乘积：$2G×3L=6GL$。因为$8GL＞6GL$，所以左端下沉。要使杠杆平衡，右侧需满足$F_右×L_右=8GL$，即$2G×L_右=8GL$，得$L_右=4L$，即右侧钩码需从原位置（3L处）向右移动1格，到4L处。
(3) 小李的方案中弹簧测力计竖直向上拉，力臂在杠杆上，便于直接测量力臂；小王的方案中弹簧测力计斜拉，力臂会变小，测量误差大，因此小李的方案更好。
(4) 在O点（支点）施加向上的力，该力的力臂为0，根据杠杆平衡条件，力与力臂的乘积为0，因此这个力不能影响杠杆的平衡。
【答案】
(1) 右；便于测量力臂
(2) 左；右；1
(3) 小李
(4) 不能
【知识点】
杠杆平衡条件；杠杆的调节；力臂
【点评】
本题是探究杠杆平衡条件的基础实验题，涵盖实验前调平、平衡条件应用、测力计使用等核心考点，难度适中，重点考察学生对杠杆平衡条件的理解与实验操作的掌握。
【难度系数】
0.7
本题围绕“探究杠杆平衡条件”的实验展开，需结合杠杆调平方法、杠杆平衡条件（$F_1L_1=F_2L_2$）及实验操作要点分析：
1. 实验前杠杆调平：根据杠杆倾斜方向判断平衡螺母调节方向，水平平衡的目的是便于测量力臂；
2. 杠杆平衡判断：利用杠杆平衡条件计算左右两侧力与力臂的乘积，比较大小判断下沉方向，再调整力臂使杠杆重新平衡；
3. 弹簧测力计的使用：竖直方向拉测力臂更方便，斜拉时力臂会变小，不利于实验测量；
4. 支点处的力：支点处的力的力臂为0，对杠杆平衡无影响。
【解析】
(1) 实验前杠杆左端下沉（图甲），应将平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡；此时杠杆上的力臂与杠杆重合，便于直接测量力臂。
(2) 设每个钩码重力为$G$，每格长度为$L$。左侧力与力臂的乘积：$4G×2L=8GL$；右侧力与力臂的乘积：$2G×3L=6GL$。因为$8GL＞6GL$，所以左端下沉。要使杠杆平衡，右侧需满足$F_右×L_右=8GL$，即$2G×L_右=8GL$，得$L_右=4L$，即右侧钩码需从原位置（3L处）向右移动1格，到4L处。
(3) 小李的方案中弹簧测力计竖直向上拉，力臂在杠杆上，便于直接测量力臂；小王的方案中弹簧测力计斜拉，力臂会变小，测量误差大，因此小李的方案更好。
(4) 在O点（支点）施加向上的力，该力的力臂为0，根据杠杆平衡条件，力与力臂的乘积为0，因此这个力不能影响杠杆的平衡。
【答案】
(1) 右；便于测量力臂
(2) 左；右；1
(3) 小李
(4) 不能
【知识点】
杠杆平衡条件；杠杆的调节；力臂
【点评】
本题是探究杠杆平衡条件的基础实验题，涵盖实验前调平、平衡条件应用、测力计使用等核心考点，难度适中，重点考察学生对杠杆平衡条件的理解与实验操作的掌握。
【难度系数】
0.7
