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1. 下列做法和比热容无关的是(
A.城市中修建人工湖和湿地公园来调节气温
B.在发烧的病人头上放湿毛巾降温
C.春天夜间，向稻田里灌水，防止秧苗温度过低
D.北方冬天的暖气中用热水循环取暖
B
)。A.城市中修建人工湖和湿地公园来调节气温
B.在发烧的病人头上放湿毛巾降温
C.春天夜间，向稻田里灌水，防止秧苗温度过低
D.北方冬天的暖气中用热水循环取暖
答案
1.B
解析
【分析】要解决这道题，需先明确比热容的特性：比热容是物质的一种属性，比热容大的物质，在质量相同、温度变化相同时，吸收或放出的热量更多；吸收或放出相同热量时，温度变化更小。再逐一分析各选项，判断是否利用了比热容的特性，选出与比热容无关的选项。
【解析】
选项A：城市修建人工湖和湿地公园，利用水的比热容大的特点，相同质量的水和其他物质相比，吸收或放出相同热量时温度变化小，能有效调节气温，与比热容有关。
选项B：发烧病人头上放湿毛巾降温，是利用水蒸发（汽化）时吸收热量，使人体温度降低，属于物态变化中的吸热现象，与比热容无关。
选项C：春天夜间向稻田灌水，利用水的比热容大，降温时能放出更多热量，避免秧苗温度过低，与比热容有关。
选项D：北方冬天暖气用热水循环，利用水的比热容大，相同质量的水降低相同温度时能放出更多热量，取暖效果好，与比热容有关。
综上，与比热容无关的是B选项。
【答案】B
【知识点】比热容的应用、汽化吸热
【点评】本题考查比热容的实际应用，核心是区分“利用比热容特性”和“利用物态变化吸热”的现象，难度适中，需准确掌握各现象的原理。
【难度系数】0.6
【解析】
选项A：城市修建人工湖和湿地公园，利用水的比热容大的特点，相同质量的水和其他物质相比，吸收或放出相同热量时温度变化小，能有效调节气温，与比热容有关。
选项B：发烧病人头上放湿毛巾降温，是利用水蒸发（汽化）时吸收热量，使人体温度降低，属于物态变化中的吸热现象，与比热容无关。
选项C：春天夜间向稻田灌水，利用水的比热容大，降温时能放出更多热量，避免秧苗温度过低，与比热容有关。
选项D：北方冬天暖气用热水循环，利用水的比热容大，相同质量的水降低相同温度时能放出更多热量，取暖效果好，与比热容有关。
综上，与比热容无关的是B选项。
【答案】B
【知识点】比热容的应用、汽化吸热
【点评】本题考查比热容的实际应用，核心是区分“利用比热容特性”和“利用物态变化吸热”的现象，难度适中，需准确掌握各现象的原理。
【难度系数】0.6
2. 如图所示，海陆风是沿海地区常见的一种由于昼夜温差导致空气流动而形成的自然现象。下列关于海陆风形成原因的解释，正确的是(
A.白天，陆地升温慢，海洋升温快，风从陆地吹向海洋
B.白天，陆地升温快，海洋升温慢，风从海洋吹向陆地
C.夜晚，陆地降温慢，海洋降温快，风从陆地吹向海洋
D.夜晚，陆地降温快，海洋降温慢，风从海洋吹向陆地
B
)。A.白天，陆地升温慢，海洋升温快，风从陆地吹向海洋
B.白天，陆地升温快，海洋升温慢，风从海洋吹向陆地
C.夜晚，陆地降温慢，海洋降温快，风从陆地吹向海洋
D.夜晚，陆地降温快，海洋降温慢，风从海洋吹向陆地
答案
2.B
解析
【分析】
要解决这道题，需明确海陆风形成的核心原因是水与陆地（砂石）的比热容差异：水的比热容比砂石大，相同条件下，吸收或放出相同热量时，水的温度变化更小。据此分昼夜分析气压与风向：白天，陆地和海洋吸收相同热量，陆地比热容小，升温快→近地面陆地气温高、空气上升→形成低气压；海洋升温慢→近地面气温低→形成高气压，风从高压（海洋）吹向低压（陆地）。夜晚，两者放出相同热量，陆地降温快→近地面气温低→形成高气压；海洋降温慢→近地面气温高→形成低气压，风从陆地吹向海洋。再逐一判断选项对错即可。
【解析】
根据水的比热容大于砂石的比热容，分析各选项：
A选项：白天陆地升温慢、海洋升温快，与实际相反，实际陆地升温快，风从海洋吹向陆地，A错误；
B选项：白天陆地升温快，海洋升温慢，近地面海洋为高压、陆地为低压，风从海洋吹向陆地，符合原理，B正确；
C选项：夜晚陆地降温慢、海洋降温快，与实际相反，实际陆地降温快，风从陆地吹向海洋，C错误；
D选项：夜晚风从海洋吹向陆地，与实际相反，实际夜晚风从陆地吹向海洋，D错误。
【答案】
B
【知识点】
比热容、海陆风形成
【点评】
本题考查比热容在自然现象中的应用，需结合比热容差异分析温度变化，进而判断气压与风向，属于基础应用类题目，难度适中。
【难度系数】
0.6
要解决这道题，需明确海陆风形成的核心原因是水与陆地（砂石）的比热容差异：水的比热容比砂石大，相同条件下，吸收或放出相同热量时，水的温度变化更小。据此分昼夜分析气压与风向：白天，陆地和海洋吸收相同热量，陆地比热容小，升温快→近地面陆地气温高、空气上升→形成低气压；海洋升温慢→近地面气温低→形成高气压，风从高压（海洋）吹向低压（陆地）。夜晚，两者放出相同热量，陆地降温快→近地面气温低→形成高气压；海洋降温慢→近地面气温高→形成低气压，风从陆地吹向海洋。再逐一判断选项对错即可。
【解析】
根据水的比热容大于砂石的比热容，分析各选项：
A选项：白天陆地升温慢、海洋升温快，与实际相反，实际陆地升温快，风从海洋吹向陆地，A错误；
B选项：白天陆地升温快，海洋升温慢，近地面海洋为高压、陆地为低压，风从海洋吹向陆地，符合原理，B正确；
C选项：夜晚陆地降温慢、海洋降温快，与实际相反，实际陆地降温快，风从陆地吹向海洋，C错误；
D选项：夜晚风从海洋吹向陆地，与实际相反，实际夜晚风从陆地吹向海洋，D错误。
【答案】
B
【知识点】
比热容、海陆风形成
【点评】
本题考查比热容在自然现象中的应用，需结合比热容差异分析温度变化，进而判断气压与风向，属于基础应用类题目，难度适中。
【难度系数】
0.6
3.（广州）以下过程不发生物态变化。质量相同的两金属块甲、乙初温相同，吸收了相同热量后，甲的末温比乙的低。那么，甲、乙初温相同且放出相同热量时，（
A.甲的末温比乙的低，甲的比热容大
B.甲的末温比乙的低，乙的比热容大
C.甲的末温比乙的高，甲的比热容大
D.甲的末温比乙的高，乙的比热容大
C
）。A.甲的末温比乙的低，甲的比热容大
B.甲的末温比乙的低，乙的比热容大
C.甲的末温比乙的高，甲的比热容大
D.甲的末温比乙的高，乙的比热容大
答案
3.C
解析
【分析】
要解决本题，需利用热量计算公式$Q=cm\Delta t$分析比热容大小，再推导放出相同热量后的末温关系。第一步：根据吸收热量的条件，结合吸热公式判断甲、乙的比热容大小；第二步：根据放出相同热量的条件，结合放热公式判断两者的末温关系，进而选出正确选项。
【解析】
已知甲、乙两金属块质量$m$相同，初温$t_{初}$相同，吸收热量$Q_{吸}$相同，且甲的末温$t_{甲末}＜t_{乙末}$。
根据吸热公式$Q_{吸}=cm(t_{末}-t_{初})$，变形得比热容公式：$c=\frac{Q_{吸}}{m(t_{末}-t_{初})}$。
因为$Q_{吸}$、$m$相同，末温越小则温度变化量$\Delta t=t_{末}-t_{初}$越小，对应的比热容$c$越大，因此甲的比热容$c_{甲}＞c_{乙}$。
当甲、乙放出相同热量$Q_{放}$时，根据放热公式$Q_{放}=cm(t_{初}-t_{末}')$，变形得末温公式：$t_{末}'=t_{初}-\frac{Q_{放}}{cm}$。
因为$Q_{放}$、$m$相同，比热容越大则温度降低量$\Delta t'=\frac{Q_{放}}{cm}$越小，所以甲的温度降低量更小；又因为两者初温相同，因此甲的末温$t_{甲末}'=t_{初}-\Delta t_{甲}'$，乙的末温$t_{乙末}'=t_{初}-\Delta t_{乙}'$，$\Delta t_{甲}'＜\Delta t_{乙}'$，故$t_{甲末}'＞t_{乙末}'$。
综上，甲的末温比乙的高，且甲的比热容大，对应选项C。
【答案】
C
【知识点】
比热容、热量的计算
【点评】
本题考查比热容公式的应用，核心是掌握$Q=cm\Delta t$中各物理量的关系，通过控制变量法分析比热容大小与温度变化，属于基础应用题型。
【难度系数】
0.5
要解决本题，需利用热量计算公式$Q=cm\Delta t$分析比热容大小，再推导放出相同热量后的末温关系。第一步：根据吸收热量的条件，结合吸热公式判断甲、乙的比热容大小；第二步：根据放出相同热量的条件，结合放热公式判断两者的末温关系，进而选出正确选项。
【解析】
已知甲、乙两金属块质量$m$相同，初温$t_{初}$相同，吸收热量$Q_{吸}$相同，且甲的末温$t_{甲末}＜t_{乙末}$。
根据吸热公式$Q_{吸}=cm(t_{末}-t_{初})$，变形得比热容公式：$c=\frac{Q_{吸}}{m(t_{末}-t_{初})}$。
因为$Q_{吸}$、$m$相同，末温越小则温度变化量$\Delta t=t_{末}-t_{初}$越小，对应的比热容$c$越大，因此甲的比热容$c_{甲}＞c_{乙}$。
当甲、乙放出相同热量$Q_{放}$时，根据放热公式$Q_{放}=cm(t_{初}-t_{末}')$，变形得末温公式：$t_{末}'=t_{初}-\frac{Q_{放}}{cm}$。
因为$Q_{放}$、$m$相同，比热容越大则温度降低量$\Delta t'=\frac{Q_{放}}{cm}$越小，所以甲的温度降低量更小；又因为两者初温相同，因此甲的末温$t_{甲末}'=t_{初}-\Delta t_{甲}'$，乙的末温$t_{乙末}'=t_{初}-\Delta t_{乙}'$，$\Delta t_{甲}'＜\Delta t_{乙}'$，故$t_{甲末}'＞t_{乙末}'$。
综上，甲的末温比乙的高，且甲的比热容大，对应选项C。
【答案】
C
【知识点】
比热容、热量的计算
【点评】
本题考查比热容公式的应用，核心是掌握$Q=cm\Delta t$中各物理量的关系，通过控制变量法分析比热容大小与温度变化，属于基础应用题型。
【难度系数】
0.5
4. 质量和初温均相同的甲、乙两种液体，用相同的电加热器加热，温度与时间的变化图像如图所示，则下列说法正确的是(
A.乙液体的比热容大
B.甲液体的比热容是乙液体的2倍
C.在加热到第3 min时，甲液体吸热多
D.甲、乙两种液体温度都升高到50 ℃时吸热相等
A
)。A.乙液体的比热容大
B.甲液体的比热容是乙液体的2倍
C.在加热到第3 min时，甲液体吸热多
D.甲、乙两种液体温度都升高到50 ℃时吸热相等
答案
4.A
解析
【分析】
要解决本题，需结合比热容公式$Q_{吸}=cm\Delta t$，利用“相同电加热器加热时，相同时间内两种液体吸收的热量相等”的核心条件分析：
1. 明确已知量：甲、乙质量$m$相同，初温均为$20° C$，相同电加热器意味着加热时间越长，液体吸收的热量越多；
2. 从图像提取信息：甲升高到$50° C$用时$3min$，乙升高到$50° C$用时$6min$，即升高相同温度$\Delta t=30° C$时，乙的加热时间是甲的2倍，故乙吸收的热量是甲的2倍；
3. 结合公式$Q_{吸}=cm\Delta t$，逐一分析选项判断正误。
【解析】
已知甲、乙质量相同，相同电加热器加热时，相同时间内吸收热量相等：
选项A：升高相同温度$\Delta t=50° C-20° C=30° C$时，乙的加热时间是甲的2倍，故$Q_{乙吸}=2Q_{甲吸}$。根据$Q_{吸}=cm\Delta t$，$m$、$\Delta t$相同时，$Q_{吸}$与$c$成正比，因此$c_{乙}=2c_{甲}$，乙的比热容更大，A正确；
选项B：由上述分析，乙的比热容是甲的2倍，并非甲是乙的2倍，B错误；
选项C：加热到第$3min$时，加热时间相同，甲、乙吸收的热量相等，C错误；
选项D：甲升高到$50° C$用时$3min$，乙用时$6min$，加热时间不同，吸收的热量不相等，D错误。
【答案】
A
【知识点】
比热容、热量计算
【点评】
本题结合温度-时间图像考查比热容的应用，核心是理解“加热时间反映吸收热量多少”，再利用热量公式分析比热容，属于中等难度的常规题型。
【难度系数】
0.5
要解决本题，需结合比热容公式$Q_{吸}=cm\Delta t$，利用“相同电加热器加热时，相同时间内两种液体吸收的热量相等”的核心条件分析：
1. 明确已知量：甲、乙质量$m$相同，初温均为$20° C$，相同电加热器意味着加热时间越长，液体吸收的热量越多；
2. 从图像提取信息：甲升高到$50° C$用时$3min$，乙升高到$50° C$用时$6min$，即升高相同温度$\Delta t=30° C$时，乙的加热时间是甲的2倍，故乙吸收的热量是甲的2倍；
3. 结合公式$Q_{吸}=cm\Delta t$，逐一分析选项判断正误。
【解析】
已知甲、乙质量相同，相同电加热器加热时，相同时间内吸收热量相等：
选项A：升高相同温度$\Delta t=50° C-20° C=30° C$时，乙的加热时间是甲的2倍，故$Q_{乙吸}=2Q_{甲吸}$。根据$Q_{吸}=cm\Delta t$，$m$、$\Delta t$相同时，$Q_{吸}$与$c$成正比，因此$c_{乙}=2c_{甲}$，乙的比热容更大，A正确；
选项B：由上述分析，乙的比热容是甲的2倍，并非甲是乙的2倍，B错误；
选项C：加热到第$3min$时，加热时间相同，甲、乙吸收的热量相等，C错误；
选项D：甲升高到$50° C$用时$3min$，乙用时$6min$，加热时间不同，吸收的热量不相等，D错误。
【答案】
A
【知识点】
比热容、热量计算
【点评】
本题结合温度-时间图像考查比热容的应用，核心是理解“加热时间反映吸收热量多少”，再利用热量公式分析比热容，属于中等难度的常规题型。
【难度系数】
0.5
5. 同种物质组成的甲、乙两个实心物体，若它们的质量之比为2：1，吸收热量之比为4：1，则它们升高的温度之比为
2:1
；若将甲物体的质量减小一半，则两物体的比热容之比为1:1
。答案
5.2:1 1:1
解析
【分析】
要解决这道题，需明确两个核心知识点：一是同种物质的比热容相同，且比热容是物质的固有属性，与质量无关；二是利用热量计算公式$Q=cm\Delta t$，通过变形推导温度变化的比例关系，结合已知条件计算即可。
【解析】
1. 计算升高的温度之比：
甲、乙为同种物质，故比热容相等，即$c_甲=c_乙$，$\frac{c_乙}{c_甲}=1$。
根据热量公式$Q=cm\Delta t$，变形得$\Delta t=\frac{Q}{cm}$，则温度变化之比为：
$\frac{\Delta t_甲}{\Delta t_乙}=\frac{\frac{Q_甲}{c_甲 m_甲}}{\frac{Q_乙}{c_乙 m_乙}}=\frac{Q_甲}{Q_乙}×\frac{c_乙}{c_甲}×\frac{m_乙}{m_甲}$
已知质量比$\frac{m_甲}{m_乙}=\frac{2}{1}$，吸热比$\frac{Q_甲}{Q_乙}=\frac{4}{1}$，代入得：
$\frac{\Delta t_甲}{\Delta t_乙}=\frac{4}{1}×1×\frac{1}{2}=\frac{2}{1}$，即升高的温度之比为$2:1$。
2. 计算比热容之比：
比热容是物质的固有属性，与物体质量无关，甲质量减半后比热容不变，且甲、乙为同种物质，故$c_甲=c_乙$，比热容之比为$1:1$。
【答案】
2:1；1:1
【知识点】
比热容；热量的计算
【点评】
本题考查比热容的特性和热量公式的应用，属于基础题型，关键是掌握比热容与质量无关的特性，灵活运用热量公式进行比例计算，难度不大。
【难度系数】
0.7
要解决这道题，需明确两个核心知识点：一是同种物质的比热容相同，且比热容是物质的固有属性，与质量无关；二是利用热量计算公式$Q=cm\Delta t$，通过变形推导温度变化的比例关系，结合已知条件计算即可。
【解析】
1. 计算升高的温度之比：
甲、乙为同种物质，故比热容相等，即$c_甲=c_乙$，$\frac{c_乙}{c_甲}=1$。
根据热量公式$Q=cm\Delta t$，变形得$\Delta t=\frac{Q}{cm}$，则温度变化之比为：
$\frac{\Delta t_甲}{\Delta t_乙}=\frac{\frac{Q_甲}{c_甲 m_甲}}{\frac{Q_乙}{c_乙 m_乙}}=\frac{Q_甲}{Q_乙}×\frac{c_乙}{c_甲}×\frac{m_乙}{m_甲}$
已知质量比$\frac{m_甲}{m_乙}=\frac{2}{1}$，吸热比$\frac{Q_甲}{Q_乙}=\frac{4}{1}$，代入得：
$\frac{\Delta t_甲}{\Delta t_乙}=\frac{4}{1}×1×\frac{1}{2}=\frac{2}{1}$，即升高的温度之比为$2:1$。
2. 计算比热容之比：
比热容是物质的固有属性，与物体质量无关，甲质量减半后比热容不变，且甲、乙为同种物质，故$c_甲=c_乙$，比热容之比为$1:1$。
【答案】
2:1；1:1
【知识点】
比热容；热量的计算
【点评】
本题考查比热容的特性和热量公式的应用，属于基础题型，关键是掌握比热容与质量无关的特性，灵活运用热量公式进行比例计算，难度不大。
【难度系数】
0.7
6. 若汽车发动机水箱中装有10 kg的水，循环一次水温上升10 ℃，则每次水吸收的热量为
$4.2×10^5$
J。[$c_{水}=4.2×10^{3}\ J/(kg·℃)$]答案
$6.4.2×10^5$
解析
【分析】
要计算水吸收的热量，需运用比热容的吸热公式$Q_{吸}=cm\Delta t$，其中$c$为水的比热容，$m$为水的质量，$\Delta t$为水温的变化量，将题目给出的对应数值代入公式计算即可。
【解析】
根据吸热公式$Q_{吸}=cm\Delta t$，代入已知条件：
$c_{水}=4.2×10^{3}\ J/(kg·℃)$，$m=10\ kg$，$\Delta t=10\ ℃$，
则水吸收的热量：
$Q_{吸}=4.2×10^{3}\ J/(kg·℃)×10\ kg×10\ ℃=4.2×10^5\ J$。
【答案】
$4.2×10^5$
【知识点】
热量计算、比热容应用
【点评】
本题是基础的热量计算应用题，直接运用比热容的吸热公式即可求解，考查学生对基础公式的掌握情况，难度较低。
【难度系数】
0.9
要计算水吸收的热量，需运用比热容的吸热公式$Q_{吸}=cm\Delta t$，其中$c$为水的比热容，$m$为水的质量，$\Delta t$为水温的变化量，将题目给出的对应数值代入公式计算即可。
【解析】
根据吸热公式$Q_{吸}=cm\Delta t$，代入已知条件：
$c_{水}=4.2×10^{3}\ J/(kg·℃)$，$m=10\ kg$，$\Delta t=10\ ℃$，
则水吸收的热量：
$Q_{吸}=4.2×10^{3}\ J/(kg·℃)×10\ kg×10\ ℃=4.2×10^5\ J$。
【答案】
$4.2×10^5$
【知识点】
热量计算、比热容应用
【点评】
本题是基础的热量计算应用题，直接运用比热容的吸热公式即可求解，考查学生对基础公式的掌握情况，难度较低。
【难度系数】
0.9
7. 一杯质量为0.2 kg的水，温度从70 ℃降到20 ℃，在此过程中，水放出的热量为
$4.2×10^4$
J，水的比热容不变
（填“增大”“减小”或“不变”）。[$c_{\mathrm{水}}=4.2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·°\mathrm{C})$]答案
$7.4.2×10^4 $不变
解析
【分析】本题包含两个问题，第一问需运用放热公式计算水放出的热量，核心是确定温度变化量；第二问需明确比热容的特性，判断温度变化时比热容的变化情况。
【解析】1. 计算水放出的热量：根据放热公式$Q_{\mathrm{放}}=c_{\mathrm{水}}m\Delta t$，其中温度变化量$\Delta t = t_0 - t = 70°\mathrm{C} - 20°\mathrm{C} = 50°\mathrm{C}$，代入已知数据计算：$Q_{\mathrm{放}}=4.2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg·°\mathrm{C}})×0.2\ \mathrm{kg}×50°\mathrm{C}=4.2×10^4\ \mathrm{J}$。2. 判断比热容变化：比热容是物质本身的固有属性，仅与物质的种类和状态有关，与温度变化无关，因此水温度降低时，比热容不变。
【答案】$4.2×10^4$；不变
【知识点】热量的计算；比热容的特性
【点评】本题考查热学基础知识点，难度较低，需熟练掌握放热公式和比热容的概念，属于热学部分的基础巩固题型。
【难度系数】0.8
【解析】1. 计算水放出的热量：根据放热公式$Q_{\mathrm{放}}=c_{\mathrm{水}}m\Delta t$，其中温度变化量$\Delta t = t_0 - t = 70°\mathrm{C} - 20°\mathrm{C} = 50°\mathrm{C}$，代入已知数据计算：$Q_{\mathrm{放}}=4.2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg·°\mathrm{C}})×0.2\ \mathrm{kg}×50°\mathrm{C}=4.2×10^4\ \mathrm{J}$。2. 判断比热容变化：比热容是物质本身的固有属性，仅与物质的种类和状态有关，与温度变化无关，因此水温度降低时，比热容不变。
【答案】$4.2×10^4$；不变
【知识点】热量的计算；比热容的特性
【点评】本题考查热学基础知识点，难度较低，需熟练掌握放热公式和比热容的概念，属于热学部分的基础巩固题型。
【难度系数】0.8
