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1.揭示电流通过导体产生的热量与电流、电阻和通电时间关系的规律叫做定律，是反映电流做功快慢的物理量。
答案
解：
焦耳
电功率
焦耳
电功率
解析
【分析】
本题考查电学基础概念，需回忆焦耳定律的定义和电功率的物理意义。首先，明确电流产生热量与电流、电阻、通电时间关系的定律名称；其次，确定反映电流做功快慢的物理量，结合所学知识点即可得出答案。
【解析】
电流通过导体产生的热量与电流、电阻和通电时间的关系规律是焦耳定律，因此第一个空填“焦耳”；电功率的物理意义是反映电流做功快慢的物理量，所以第二个空填“电功率”。
【答案】
焦耳；电功率
【知识点】
焦耳定律；电功率
【点评】
本题为电学基础概念的直接识记题，难度较低，主要考查学生对核心物理定义的掌握情况，适合巩固基础知识点。
【难度系数】
0.9
本题考查电学基础概念，需回忆焦耳定律的定义和电功率的物理意义。首先，明确电流产生热量与电流、电阻、通电时间关系的定律名称；其次，确定反映电流做功快慢的物理量，结合所学知识点即可得出答案。
【解析】
电流通过导体产生的热量与电流、电阻和通电时间的关系规律是焦耳定律，因此第一个空填“焦耳”；电功率的物理意义是反映电流做功快慢的物理量，所以第二个空填“电功率”。
【答案】
焦耳；电功率
【知识点】
焦耳定律；电功率
【点评】
本题为电学基础概念的直接识记题，难度较低，主要考查学生对核心物理定义的掌握情况，适合巩固基础知识点。
【难度系数】
0.9
2.灯泡$\mathrm{L}_1$标有“12 V 6 W”字样，灯泡$\mathrm{L}_2$标有“12 V 12 W”字样，通过两灯的电流随电压变化的关系如图1所示。若将$\mathrm{L}_1$、$\mathrm{L}_2$并联接在12 V的电源两端，则干路中的电流是A；若将$\mathrm{L}_1$、$\mathrm{L}_2$串联接在某电路中，$\mathrm{L}_1$恰好正常发光，则此时$\mathrm{L}_2$两端的电压为V。
答案
$\boldsymbol{1.5}$；$\boldsymbol{4}$
解析
【分析】
本题分为两小问，第一问是两灯并联在12V电源两端求干路电流，需利用并联电路电压规律，结合I-U图像获取对应电流后求和；第二问是两灯串联且L₁正常发光时求L₂两端电压，需先算出L₁的额定电流，利用串联电路电流规律确定电路电流，再从图像中找对应L₂的电压。
【解析】
1. 并联接在12V电源两端时：
并联电路各支路电压相等，等于电源电压，即$U_1=U_2=12\mathrm{V}$。
由I-U图像可知，当$U=12\mathrm{V}$时，通过$\mathrm{L}_1$的电流$I_1=0.5\mathrm{A}$，通过$\mathrm{L}_2$的电流$I_2=1.0\mathrm{A}$。
根据并联电路电流规律，干路电流$I=I_1+I_2=0.5\mathrm{A}+1.0\mathrm{A}=1.5\mathrm{A}$。
2. 串联接在电路中，$\mathrm{L}_1$正常发光时：
$\mathrm{L}_1$的额定电流：$I_{1额}=\frac{P_1}{U_{1额}}=\frac{6\mathrm{W}}{12\mathrm{V}}=0.5\mathrm{A}$。
串联电路电流处处相等，所以电路电流$I'=I_{1额}=0.5\mathrm{A}$，即通过$\mathrm{L}_2$的电流也为$0.5\mathrm{A}$。
由I-U图像可知，当电流为$0.5\mathrm{A}$时，$\mathrm{L}_2$两端的电压$U_2'=4\mathrm{V}$。
【答案】
1.5；4
【知识点】
并联电路电流规律、串联电路特点、电功率计算、I-U图像应用
【点评】
本题结合I-U图像考查串并联电路规律与电功率计算，关键是从图像中提取对应电压、电流值，理解串并联电路的电流、电压关系，属于中等难度的电学综合题。
【难度系数】
0.5
本题分为两小问，第一问是两灯并联在12V电源两端求干路电流，需利用并联电路电压规律，结合I-U图像获取对应电流后求和；第二问是两灯串联且L₁正常发光时求L₂两端电压，需先算出L₁的额定电流，利用串联电路电流规律确定电路电流，再从图像中找对应L₂的电压。
【解析】
1. 并联接在12V电源两端时：
并联电路各支路电压相等，等于电源电压，即$U_1=U_2=12\mathrm{V}$。
由I-U图像可知，当$U=12\mathrm{V}$时，通过$\mathrm{L}_1$的电流$I_1=0.5\mathrm{A}$，通过$\mathrm{L}_2$的电流$I_2=1.0\mathrm{A}$。
根据并联电路电流规律，干路电流$I=I_1+I_2=0.5\mathrm{A}+1.0\mathrm{A}=1.5\mathrm{A}$。
2. 串联接在电路中，$\mathrm{L}_1$正常发光时：
$\mathrm{L}_1$的额定电流：$I_{1额}=\frac{P_1}{U_{1额}}=\frac{6\mathrm{W}}{12\mathrm{V}}=0.5\mathrm{A}$。
串联电路电流处处相等，所以电路电流$I'=I_{1额}=0.5\mathrm{A}$，即通过$\mathrm{L}_2$的电流也为$0.5\mathrm{A}$。
由I-U图像可知，当电流为$0.5\mathrm{A}$时，$\mathrm{L}_2$两端的电压$U_2'=4\mathrm{V}$。
【答案】
1.5；4
【知识点】
并联电路电流规律、串联电路特点、电功率计算、I-U图像应用
【点评】
本题结合I-U图像考查串并联电路规律与电功率计算，关键是从图像中提取对应电压、电流值，理解串并联电路的电流、电压关系，属于中等难度的电学综合题。
【难度系数】
0.5
3.小陈家里有“1 000 W”的电饭煲、“500 W”的电熨斗、“1 000 W”的电吹风各一个，这三种电器中热效率最低的是。若让它们各自正常工作相同时间，产生的热量最多，消耗的电能最少。
答案
解：
电饭煲、电熨斗工作时几乎将电能全部转化为内能，属于纯电阻用电器；电吹风工作时主要将电能转化为机械能，仅少部分电能转化为内能，因此三种电器中热效率最低的是电吹风。
用电器正常工作时实际功率等于额定功率，由$W=Pt$可知，工作相同时间，额定功率越小消耗的电能越少，因此额定功率为500W的电熨斗消耗的电能最少。
纯电阻用电器产生的热量等于其消耗的电能，1000W的电饭煲正常工作相同时间产生的热量$Q_{\mathrm{饭}}=W_{\mathrm{饭}}=1000\ \mathrm{W}· t$，1000W的电吹风产生的热量$Q_{\mathrm{风}}＜W_{\mathrm{风}}=1000\ \mathrm{W}· t$，500W的电熨斗产生的热量$Q_{\mathrm{斗}}=W_{\mathrm{斗}}=500\ \mathrm{W}· t$，因此产生热量最多的是电饭煲。
答案依次为：电吹风；电饭煲；电熨斗。
电饭煲、电熨斗工作时几乎将电能全部转化为内能，属于纯电阻用电器；电吹风工作时主要将电能转化为机械能，仅少部分电能转化为内能，因此三种电器中热效率最低的是电吹风。
用电器正常工作时实际功率等于额定功率，由$W=Pt$可知，工作相同时间，额定功率越小消耗的电能越少，因此额定功率为500W的电熨斗消耗的电能最少。
纯电阻用电器产生的热量等于其消耗的电能，1000W的电饭煲正常工作相同时间产生的热量$Q_{\mathrm{饭}}=W_{\mathrm{饭}}=1000\ \mathrm{W}· t$，1000W的电吹风产生的热量$Q_{\mathrm{风}}＜W_{\mathrm{风}}=1000\ \mathrm{W}· t$，500W的电熨斗产生的热量$Q_{\mathrm{斗}}=W_{\mathrm{斗}}=500\ \mathrm{W}· t$，因此产生热量最多的是电饭煲。
答案依次为：电吹风；电饭煲；电熨斗。
解析
【分析】
要解决这道题，需明确不同用电器的能量转化特点，结合电功、热量的相关公式分析：首先，判断各用电器的能量转化类型，纯电阻用电器（电饭煲、电熨斗）将电能几乎全部转化为内能，非纯电阻用电器（电吹风）主要将电能转化为机械能，仅少量转化为内能，据此确定热效率最低的电器；其次，用电器正常工作时功率等于额定功率，根据公式$W=Pt$，相同时间内，功率越小消耗的电能越少，可确定消耗电能最少的电器；最后，纯电阻用电器产生的热量等于消耗的电能（$Q=W$），非纯电阻用电器产生的热量小于消耗的电能，据此比较相同时间内产生热量的多少。
【解析】
1. 热效率分析：电饭煲、电熨斗工作时，电能几乎全部转化为内能，属于纯电阻用电器，热效率高；电吹风工作时，主要将电能转化为机械能，仅少部分电能转化为内能，因此三种电器中热效率最低的是电吹风。
2. 消耗电能分析：用电器正常工作时实际功率等于额定功率，由电功公式$W=Pt$可知，工作时间$t$相同时，额定功率$P$越小，消耗的电能$W$越少。三个电器中，电熨斗的额定功率为500W，是最小的，因此电熨斗消耗的电能最少。
3. 产生热量分析：纯电阻用电器产生的热量等于其消耗的电能，即$Q=W=Pt$；非纯电阻用电器产生的热量小于消耗的电能，即$Q＜W=Pt$。计算相同时间$t$内各电器产生的热量：电饭煲产生的热量$Q_{饭}=1000\ \mathrm{W}· t$，电熨斗产生的热量$Q_{斗}=500\ \mathrm{W}· t$，电吹风产生的热量$Q_{风}＜1000\ \mathrm{W}· t$，因此产生热量最多的是电饭煲。
【答案】
电吹风；电饭煲；电熨斗
【知识点】
用电器的能量转化、电功与热量计算、电功率应用
【点评】
本题考查不同类型用电器的能量转化规律，核心是区分纯电阻与非纯电阻用电器的热量计算，需准确理解热效率、电功的概念，属于基础应用类题目。
【难度系数】
0.6
要解决这道题，需明确不同用电器的能量转化特点，结合电功、热量的相关公式分析：首先，判断各用电器的能量转化类型，纯电阻用电器（电饭煲、电熨斗）将电能几乎全部转化为内能，非纯电阻用电器（电吹风）主要将电能转化为机械能，仅少量转化为内能，据此确定热效率最低的电器；其次，用电器正常工作时功率等于额定功率，根据公式$W=Pt$，相同时间内，功率越小消耗的电能越少，可确定消耗电能最少的电器；最后，纯电阻用电器产生的热量等于消耗的电能（$Q=W$），非纯电阻用电器产生的热量小于消耗的电能，据此比较相同时间内产生热量的多少。
【解析】
1. 热效率分析：电饭煲、电熨斗工作时，电能几乎全部转化为内能，属于纯电阻用电器，热效率高；电吹风工作时，主要将电能转化为机械能，仅少部分电能转化为内能，因此三种电器中热效率最低的是电吹风。
2. 消耗电能分析：用电器正常工作时实际功率等于额定功率，由电功公式$W=Pt$可知，工作时间$t$相同时，额定功率$P$越小，消耗的电能$W$越少。三个电器中，电熨斗的额定功率为500W，是最小的，因此电熨斗消耗的电能最少。
3. 产生热量分析：纯电阻用电器产生的热量等于其消耗的电能，即$Q=W=Pt$；非纯电阻用电器产生的热量小于消耗的电能，即$Q＜W=Pt$。计算相同时间$t$内各电器产生的热量：电饭煲产生的热量$Q_{饭}=1000\ \mathrm{W}· t$，电熨斗产生的热量$Q_{斗}=500\ \mathrm{W}· t$，电吹风产生的热量$Q_{风}＜1000\ \mathrm{W}· t$，因此产生热量最多的是电饭煲。
【答案】
电吹风；电饭煲；电熨斗
【知识点】
用电器的能量转化、电功与热量计算、电功率应用
【点评】
本题考查不同类型用电器的能量转化规律，核心是区分纯电阻与非纯电阻用电器的热量计算，需准确理解热效率、电功的概念，属于基础应用类题目。
【难度系数】
0.6
4.图2所示的是一款电风扇的“挡位”旋钮，当由2挡位调至3挡位时，能够吹出更强劲的风。相较于2挡，下列关于3挡的说法正确的是()
A.消耗的电能更多
B.消耗电能更快
C.电路两端的电压更大
D.电路中的总电阻变大
A.消耗的电能更多
B.消耗电能更快
C.电路两端的电压更大
D.电路中的总电阻变大
答案
B
解析
【分析】
要解决这道题，需结合家庭电路特点和电功率的相关知识分析：家庭电路电压恒定为220V，挡位调节通过改变电路电阻来调整电流和功率，挡位越高风越强劲，说明电功率越大，而电功率是描述消耗电能快慢的物理量。接下来逐一分析选项：A选项消耗电能多少与功率和时间都有关，仅功率大未说明时间，无法确定消耗电能更多；B选项消耗电能更快即电功率更大，符合3挡风更强劲的特点；C选项家庭电路电压不随挡位改变；D选项根据公式P=U²/R，电压不变时功率变大则电阻变小。
【解析】
家庭电路的电压为220V，是恒定不变的，因此电路两端的电压不会随挡位改变，故C错误；电功率是表示电流做功（消耗电能）快慢的物理量，3挡时吹出的风更强劲，说明3挡的电功率更大，即消耗电能更快，故B正确；消耗电能的多少由电功率和通电时间共同决定，仅知道电功率大，未说明通电时间，无法确定消耗的电能更多，故A错误；根据电功率公式P=U²/R，电压U不变，电功率P变大时，电路中的总电阻R应变小，故D错误。
【答案】
B
【知识点】
电功率、家庭电路
【点评】
本题结合电风扇挡位旋钮考查电功率的基础知识点，需明确家庭电路电压恒定、电功率与消耗电能快慢的关系，以及电功率和电阻的关联，属于初中物理常规基础题，难度适中。
【难度系数】
0.6
要解决这道题，需结合家庭电路特点和电功率的相关知识分析：家庭电路电压恒定为220V，挡位调节通过改变电路电阻来调整电流和功率，挡位越高风越强劲，说明电功率越大，而电功率是描述消耗电能快慢的物理量。接下来逐一分析选项：A选项消耗电能多少与功率和时间都有关，仅功率大未说明时间，无法确定消耗电能更多；B选项消耗电能更快即电功率更大，符合3挡风更强劲的特点；C选项家庭电路电压不随挡位改变；D选项根据公式P=U²/R，电压不变时功率变大则电阻变小。
【解析】
家庭电路的电压为220V，是恒定不变的，因此电路两端的电压不会随挡位改变，故C错误；电功率是表示电流做功（消耗电能）快慢的物理量，3挡时吹出的风更强劲，说明3挡的电功率更大，即消耗电能更快，故B正确；消耗电能的多少由电功率和通电时间共同决定，仅知道电功率大，未说明通电时间，无法确定消耗的电能更多，故A错误；根据电功率公式P=U²/R，电压U不变，电功率P变大时，电路中的总电阻R应变小，故D错误。
【答案】
B
【知识点】
电功率、家庭电路
【点评】
本题结合电风扇挡位旋钮考查电功率的基础知识点，需明确家庭电路电压恒定、电功率与消耗电能快慢的关系，以及电功率和电阻的关联，属于初中物理常规基础题，难度适中。
【难度系数】
0.6
5. 图3是电阻甲和乙的U-I图像，以下是小明对图像信息作出的判断，其中正确的是()
A.甲、乙均为定值电阻
B.当乙两端的电压为1 V时，其阻值为2.5 Ω
C.将甲、乙并联在电源电压为2 V的电路中，甲两端的电压较大
D.将甲、乙串联在电源电压为3 V的电路中，乙的电功率为0.8 W
A.甲、乙均为定值电阻
B.当乙两端的电压为1 V时，其阻值为2.5 Ω
C.将甲、乙并联在电源电压为2 V的电路中，甲两端的电压较大
D.将甲、乙串联在电源电压为3 V的电路中，乙的电功率为0.8 W
答案
B
解析
【分析】本题考查U-I图像的应用，解题思路：①根据定值电阻的U-I图像为过原点的直线，判断甲、乙是否为定值电阻；②针对每个选项，结合串并联电路特点，从图像中提取对应电压、电流数据，利用欧姆定律、电功率公式进行分析计算，判断选项正误。
【解析】
选项A：定值电阻的U-I图像是过原点的直线，由图可知甲的图像为直线，是定值电阻；乙的图像为曲线，不是定值电阻，故A错误。
选项B：从图像中找到乙两端电压为1V时，对应的电流I=0.4A，根据欧姆定律$R=\frac{U}{I}$，乙的阻值$R=\frac{1V}{0.4A}=2.5Ω$，故B正确。
选项C：并联电路中各支路两端电压相等，因此将甲、乙并联在电源电压为2V的电路中，甲、乙两端电压均为2V，并非甲两端电压更大，故C错误。
选项D：串联电路中电流处处相等，总电压等于各部分电压之和。当甲、乙串联在电源电压为3V的电路中时，从图像可知，电流I=0.4A时，甲的电压$U_甲=2V$，乙的电压$U_乙=1V$，总电压$U=U_甲+U_乙=3V$，符合条件。此时乙的电功率$P=U_乙I=1V×0.4A=0.4W≠0.8W$，故D错误。
【答案】B
【知识点】U-I图像、欧姆定律、电功率计算
【点评】本题结合U-I图像考查电学基本规律的应用，需准确读取图像数据，区分串并联电路特点，是电学基础题型。
【难度系数】0.5
【解析】
选项A：定值电阻的U-I图像是过原点的直线，由图可知甲的图像为直线，是定值电阻；乙的图像为曲线，不是定值电阻，故A错误。
选项B：从图像中找到乙两端电压为1V时，对应的电流I=0.4A，根据欧姆定律$R=\frac{U}{I}$，乙的阻值$R=\frac{1V}{0.4A}=2.5Ω$，故B正确。
选项C：并联电路中各支路两端电压相等，因此将甲、乙并联在电源电压为2V的电路中，甲、乙两端电压均为2V，并非甲两端电压更大，故C错误。
选项D：串联电路中电流处处相等，总电压等于各部分电压之和。当甲、乙串联在电源电压为3V的电路中时，从图像可知，电流I=0.4A时，甲的电压$U_甲=2V$，乙的电压$U_乙=1V$，总电压$U=U_甲+U_乙=3V$，符合条件。此时乙的电功率$P=U_乙I=1V×0.4A=0.4W≠0.8W$，故D错误。
【答案】B
【知识点】U-I图像、欧姆定律、电功率计算
【点评】本题结合U-I图像考查电学基本规律的应用，需准确读取图像数据，区分串并联电路特点，是电学基础题型。
【难度系数】0.5
6.(多选)甲、乙两只电热杯及其铭牌如图4所示,现用甲、乙两只电热杯将质量、初温均相同的水加热至沸腾。若两只电热杯均正常工作,不考虑热量损失,则下列说法正确的是()
A.电流通过电热杯做功时将电能转化为内能
B.乙电热杯电流做功更慢
C.使用甲电热杯加热所需时间更长
D.乙电热杯消耗的电能更多
A.电流通过电热杯做功时将电能转化为内能
B.乙电热杯电流做功更慢
C.使用甲电热杯加热所需时间更长
D.乙电热杯消耗的电能更多
答案
AC
解析
【分析】
要判断各选项是否正确，需结合电流的热效应、电功率的物理意义、电功与热量的关系分析：
1. 选项A：电热杯利用电流热效应工作，电流做功时电能转化为内能，据此判断；
2. 选项B：电功率是表示电流做功快慢的物理量，比较甲、乙的额定功率即可判断；
3. 选项C：水的质量、初温相同，加热至沸腾吸收的热量相同，不考虑热量损失时，电热杯消耗的电能等于水吸收的热量，再结合公式$W=Pt$分析加热时间；
4. 选项D：根据消耗电能与水吸收热量的关系，判断消耗电能的多少。
【解析】
选项A：电热杯工作时，电流通过电阻产生热量，将电能转化为内能，故A正确；
选项B：电功率表示电流做功的快慢，乙的额定功率为1000W，甲为500W，乙的功率更大，电流做功更快，故B错误；
选项C：质量、初温均相同的水加热至沸腾，水吸收的热量$Q_{吸}$相同，不考虑热量损失时，电热杯消耗的电能$W=Q_{吸}$，即$W_{甲}=W_{乙}$。根据$W=Pt$，可得加热时间$t=\frac{W}{P}$，因$P_{甲}=500W ＜ P_{乙}=1000W$，所以$t_{甲}＞t_{乙}$，即甲加热所需时间更长，故C正确；
选项D：由上述分析，$W_{甲}=W_{乙}$，即甲、乙消耗的电能相同，故D错误。
综上，正确选项为AC。
【答案】
AC
【知识点】
电流的热效应、电功率、电功与热量的计算
【点评】
本题结合电热杯的铭牌，考查了电流的热效应、电功率的物理意义以及电功与热量的关系，需注意“不考虑热量损失时，消耗的电能等于水吸收的热量”这一关键条件，难度适中。
【难度系数】
0.5
要判断各选项是否正确，需结合电流的热效应、电功率的物理意义、电功与热量的关系分析：
1. 选项A：电热杯利用电流热效应工作，电流做功时电能转化为内能，据此判断；
2. 选项B：电功率是表示电流做功快慢的物理量，比较甲、乙的额定功率即可判断；
3. 选项C：水的质量、初温相同，加热至沸腾吸收的热量相同，不考虑热量损失时，电热杯消耗的电能等于水吸收的热量，再结合公式$W=Pt$分析加热时间；
4. 选项D：根据消耗电能与水吸收热量的关系，判断消耗电能的多少。
【解析】
选项A：电热杯工作时，电流通过电阻产生热量，将电能转化为内能，故A正确；
选项B：电功率表示电流做功的快慢，乙的额定功率为1000W，甲为500W，乙的功率更大，电流做功更快，故B错误；
选项C：质量、初温均相同的水加热至沸腾，水吸收的热量$Q_{吸}$相同，不考虑热量损失时，电热杯消耗的电能$W=Q_{吸}$，即$W_{甲}=W_{乙}$。根据$W=Pt$，可得加热时间$t=\frac{W}{P}$，因$P_{甲}=500W ＜ P_{乙}=1000W$，所以$t_{甲}＞t_{乙}$，即甲加热所需时间更长，故C正确；
选项D：由上述分析，$W_{甲}=W_{乙}$，即甲、乙消耗的电能相同，故D错误。
综上，正确选项为AC。
【答案】
AC
【知识点】
电流的热效应、电功率、电功与热量的计算
【点评】
本题结合电热杯的铭牌，考查了电流的热效应、电功率的物理意义以及电功与热量的关系，需注意“不考虑热量损失时，消耗的电能等于水吸收的热量”这一关键条件，难度适中。
【难度系数】
0.5
