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1. [2025 陕西 A 卷]陕西历史文化源远流长，文物众多，其中秦始皇兵马俑以其宏大的规模和磅礴的气势闻名世界。下列兵马俑制作工艺中，涉及化学变化的是（
A.陶土粉碎
B.陶泥塑型
C.陶俑烧制
D.陶体打磨
C
）A.陶土粉碎
B.陶泥塑型
C.陶俑烧制
D.陶体打磨
答案
C 陶土粉碎、陶泥塑型和陶体打磨的过程中均无新物质生成，属于物理变化；陶俑烧制过程中有新物质生成，属于化学变化。
解析
【分析】
这道题的核心考点是物理变化与化学变化的区分，解题时首先要明确两类变化的本质判断依据：变化过程中是否有新物质生成，有新物质生成的是化学变化，无新物质生成的是物理变化。接下来我们逐个分析四个选项对应的工艺过程，判断每个操作仅改变了物质的什么属性，是否产生了原本不存在的新物质，逐一排除属于物理变化的选项，就能得到正确答案。
【解析】
判断物理变化和化学变化的核心标准是变化过程中有无新物质生成：
选项A：陶土粉碎仅将大块陶土破碎为小颗粒，只改变了陶土的颗粒大小，没有新物质生成，属于物理变化，不符合题意；
选项B：陶泥塑型只是将陶土捏塑成兵马俑的外形，仅改变了陶土的形状，没有新物质生成，属于物理变化，不符合题意；
选项C：陶俑烧制过程中，陶土在高温环境下发生复杂的化学反应，生成了和原陶土成分不同的新物质，属于化学变化，符合题意；
选项D：陶体打磨仅修整陶俑的表面细节、降低表面粗糙度，没有新物质生成，属于物理变化，不符合题意。
综上，答案选C。
【答案】
C
【知识点】
化学变化判别，物理变化判别
【点评】
本题结合陕西本地兵马俑的传统文化情境命题，将传统工艺场景和化学基础概念结合，命题形式新颖，考点十分基础。学生只要牢牢抓住“有无新物质生成”这个核心判断标准，就可以快速区分两类变化，避免被工艺的描述误导。
【难度系数】
0.9
这道题的核心考点是物理变化与化学变化的区分，解题时首先要明确两类变化的本质判断依据：变化过程中是否有新物质生成，有新物质生成的是化学变化，无新物质生成的是物理变化。接下来我们逐个分析四个选项对应的工艺过程，判断每个操作仅改变了物质的什么属性，是否产生了原本不存在的新物质，逐一排除属于物理变化的选项，就能得到正确答案。
【解析】
判断物理变化和化学变化的核心标准是变化过程中有无新物质生成：
选项A：陶土粉碎仅将大块陶土破碎为小颗粒，只改变了陶土的颗粒大小，没有新物质生成，属于物理变化，不符合题意；
选项B：陶泥塑型只是将陶土捏塑成兵马俑的外形，仅改变了陶土的形状，没有新物质生成，属于物理变化，不符合题意；
选项C：陶俑烧制过程中，陶土在高温环境下发生复杂的化学反应，生成了和原陶土成分不同的新物质，属于化学变化，符合题意；
选项D：陶体打磨仅修整陶俑的表面细节、降低表面粗糙度，没有新物质生成，属于物理变化，不符合题意。
综上，答案选C。
【答案】
C
【知识点】
化学变化判别，物理变化判别
【点评】
本题结合陕西本地兵马俑的传统文化情境命题，将传统工艺场景和化学基础概念结合，命题形式新颖，考点十分基础。学生只要牢牢抓住“有无新物质生成”这个核心判断标准，就可以快速区分两类变化，避免被工艺的描述误导。
【难度系数】
0.9
2. [2025 云南]电石灯是古老的照明工具，原理是利用电石($\ce{CaC_{2}}$)与水反应生成可燃气体，点燃气体用于照明。下列说法中，正确的是 （
A.电石灯利用电石作可燃物
B.点燃是为了提高可燃物的着火点
C.可通过移动螺母最终使火焰熄灭
D.导管1可长期使用，无须清洁保养
C
）A.电石灯利用电石作可燃物
B.点燃是为了提高可燃物的着火点
C.可通过移动螺母最终使火焰熄灭
D.导管1可长期使用，无须清洁保养
答案
C 电石灯是利用电石($\ce{CaC_{2}}$)与水反应生成可燃气体，气体作可燃物，而非电石，A错误；着火点是物质的固有属性，一般不能被改变，点燃是使温度达到可燃物的着火点，而不是提高可燃物的着火点，B错误；通过移动螺母可控制水与电石的接触，当二者不接触时，反应停止，不再产生可燃气体，最终火焰熄灭，C正确；反应过程中可能会产生杂质附着在导管1内壁上，影响气体导出，所以需要定期清洁保养，D错误。
解析
【分析】
这道题结合电石灯的实际装置情境，考察燃烧与灭火相关的核心知识点，解题时可以结合题干信息和已学化学知识逐个判断选项：第一步先明确题干给出的反应原理：电石和水反应生成可燃气体，可燃物是反应生成的气体而非电石，先判断A选项正误；第二步回忆着火点的定义：着火点是物质本身的固有属性，不会被人为升高，点燃的作用是让温度达到可燃物的着火点，由此判断B选项；第三步结合装置结构分析可上下移动的螺母的作用：螺母连接导管2，上下移动螺母可以控制导管2的下端位置，进而控制上层的水是否能滴落到下方的电石上，控制反应的发生和停止，没有可燃气体生成后火焰就会熄灭，由此判断C选项；第四步考虑电石和水的反应产物，反应会生成微溶的氢氧化钙等杂质，容易附着在导管内壁堵塞导管，因此导管1需要定期清洁，判断D选项。
【解析】
我们逐个对选项进行分析：
A选项：根据题干信息，电石灯的原理是电石与水反应生成可燃气体，依靠生成的可燃气体燃烧照明，可燃物是反应生成的气体，电石本身不是可燃物，A错误；
B选项：着火点是物质的固有属性，一般不会发生改变，点燃的作用是使温度升高到可燃物的着火点，并非提高可燃物的着火点，B错误；
C选项：上下移动螺母可以带动导管2移动，向上移动螺母时，导管2下端抬升，上层的水无法通过导管2滴落到下方的电石上，电石和水脱离接触，反应停止，不再产生可燃气体，最终火焰会熄灭，C正确；
D选项：电石和水反应除了生成乙炔，还会生成氢氧化钙以及少量硫化物、磷化物等杂质，这些杂质容易附着在导管1内壁造成导管堵塞，因此导管1需要定期清洁保养，D错误。
【答案】
C
【知识点】
燃烧的条件，灭火的原理，着火点的属性
【点评】
本题结合传统照明工具电石灯的创新装置情境，将燃烧相关的基础知识点融入实际应用场景，既考察了学生对基础概念的辨析能力，也要求学生能结合装置结构分析实际操作的化学原理，引导学生体会化学知识在生活中的实用价值。
【难度系数】
0.75
这道题结合电石灯的实际装置情境，考察燃烧与灭火相关的核心知识点，解题时可以结合题干信息和已学化学知识逐个判断选项：第一步先明确题干给出的反应原理：电石和水反应生成可燃气体，可燃物是反应生成的气体而非电石，先判断A选项正误；第二步回忆着火点的定义：着火点是物质本身的固有属性，不会被人为升高，点燃的作用是让温度达到可燃物的着火点，由此判断B选项；第三步结合装置结构分析可上下移动的螺母的作用：螺母连接导管2，上下移动螺母可以控制导管2的下端位置，进而控制上层的水是否能滴落到下方的电石上，控制反应的发生和停止，没有可燃气体生成后火焰就会熄灭，由此判断C选项；第四步考虑电石和水的反应产物，反应会生成微溶的氢氧化钙等杂质，容易附着在导管内壁堵塞导管，因此导管1需要定期清洁，判断D选项。
【解析】
我们逐个对选项进行分析：
A选项：根据题干信息，电石灯的原理是电石与水反应生成可燃气体，依靠生成的可燃气体燃烧照明，可燃物是反应生成的气体，电石本身不是可燃物，A错误；
B选项：着火点是物质的固有属性，一般不会发生改变，点燃的作用是使温度升高到可燃物的着火点，并非提高可燃物的着火点，B错误；
C选项：上下移动螺母可以带动导管2移动，向上移动螺母时，导管2下端抬升，上层的水无法通过导管2滴落到下方的电石上，电石和水脱离接触，反应停止，不再产生可燃气体，最终火焰会熄灭，C正确；
D选项：电石和水反应除了生成乙炔，还会生成氢氧化钙以及少量硫化物、磷化物等杂质，这些杂质容易附着在导管1内壁造成导管堵塞，因此导管1需要定期清洁保养，D错误。
【答案】
C
【知识点】
燃烧的条件，灭火的原理，着火点的属性
【点评】
本题结合传统照明工具电石灯的创新装置情境，将燃烧相关的基础知识点融入实际应用场景，既考察了学生对基础概念的辨析能力，也要求学生能结合装置结构分析实际操作的化学原理，引导学生体会化学知识在生活中的实用价值。
【难度系数】
0.75
3. [2025 成都]北京大学科研团队用甲烷与二氧化碳合成乙酸,部分反应过程如图所示。下列说法中,错误的是
（
A.合成乙酸的反应是化合反应
B.消耗的甲烷与生成的乙酸质量比为$8:15$
C.催化剂在反应前后质量和化学性质不变
D.有利于减缓温室效应
（
B
）A.合成乙酸的反应是化合反应
B.消耗的甲烷与生成的乙酸质量比为$8:15$
C.催化剂在反应前后质量和化学性质不变
D.有利于减缓温室效应
答案
B 由微观反应示意图可知，该反应的化学方程式为$\ce{CH_{4} + CO_{2}\xlongequal{催化剂}C_{2}H_{4}O_{2}}$。由化学方程式可知，该反应由两种物质生成一种物质，属于化合反应，A正确；由化学方程式可知，消耗的甲烷与生成的乙酸质量比为$(12+1×4):(12×2+1×4+16×2)=4:15$，B错误；催化剂在反应前后质量和化学性质不变，C正确；反应物为温室气体，因此该反应有利于减缓温室效应，D正确。
解析
【分析】
拿到这道题首先第一步要先根据图例识别所有微观粒子对应的物质：小白球代表H，斜线球代表O，黑球代表C，先确定反应物是甲烷（CH₄）和二氧化碳（CO₂），生成物是乙酸（C₂H₄O₂），写出配平后的反应方程式，之后逐个对照选项判断正误：先判断反应类型，再计算反应物和生成物的质量比，结合催化剂的性质、温室效应的相关知识逐一排查，就能找出错误选项。
【解析】
首先推导反应的化学方程式：根据微观示意图和图例信息，该反应是甲烷和二氧化碳在催化剂作用下生成乙酸，配平后方程式为：$\ce{CH_{4} + CO_{2}\xlongequal{催化剂}C_{2}H_{4}O_{2}}$。
对各选项逐一分析：
选项A：化合反应的定义是由两种或两种以上物质反应生成一种新物质的反应，该反应反应物为2种，生成物仅1种，符合化合反应的特征，A正确。
选项B：计算质量比：CH₄的相对分子质量为$12+1×4=16$，C₂H₄O₂的相对分子质量为$12×2+1×4+16×2=60$，因此消耗的甲烷和生成的乙酸质量比为$16:60=4:15$，不是$8:15$，B错误。
选项C：根据催化剂的基本性质，催化剂在化学反应前后质量和化学性质均不发生改变，C正确。
选项D：CH₄和CO₂都属于温室气体，该反应可以消耗这两种气体，因此能够减少空气中温室气体的含量，有利于减缓温室效应，D正确。
【答案】
B
【知识点】
化合反应判断，催化剂性质，化学方程式质量计算
【点评】
本题结合前沿科研成果考察化学反应微观示意图的相关应用，整体考点基础，易错点为计算质量比时容易误算甲烷的相对分子质量，导致得出错误比例，解题时需要仔细计算相对分子质量，同时牢记催化剂的特征、明确常见温室气体的种类即可顺利解题。
【难度系数】
0.7
拿到这道题首先第一步要先根据图例识别所有微观粒子对应的物质：小白球代表H，斜线球代表O，黑球代表C，先确定反应物是甲烷（CH₄）和二氧化碳（CO₂），生成物是乙酸（C₂H₄O₂），写出配平后的反应方程式，之后逐个对照选项判断正误：先判断反应类型，再计算反应物和生成物的质量比，结合催化剂的性质、温室效应的相关知识逐一排查，就能找出错误选项。
【解析】
首先推导反应的化学方程式：根据微观示意图和图例信息，该反应是甲烷和二氧化碳在催化剂作用下生成乙酸，配平后方程式为：$\ce{CH_{4} + CO_{2}\xlongequal{催化剂}C_{2}H_{4}O_{2}}$。
对各选项逐一分析：
选项A：化合反应的定义是由两种或两种以上物质反应生成一种新物质的反应，该反应反应物为2种，生成物仅1种，符合化合反应的特征，A正确。
选项B：计算质量比：CH₄的相对分子质量为$12+1×4=16$，C₂H₄O₂的相对分子质量为$12×2+1×4+16×2=60$，因此消耗的甲烷和生成的乙酸质量比为$16:60=4:15$，不是$8:15$，B错误。
选项C：根据催化剂的基本性质，催化剂在化学反应前后质量和化学性质均不发生改变，C正确。
选项D：CH₄和CO₂都属于温室气体，该反应可以消耗这两种气体，因此能够减少空气中温室气体的含量，有利于减缓温室效应，D正确。
【答案】
B
【知识点】
化合反应判断，催化剂性质，化学方程式质量计算
【点评】
本题结合前沿科研成果考察化学反应微观示意图的相关应用，整体考点基础，易错点为计算质量比时容易误算甲烷的相对分子质量，导致得出错误比例，解题时需要仔细计算相对分子质量，同时牢记催化剂的特征、明确常见温室气体的种类即可顺利解题。
【难度系数】
0.7
4. [2025 菏泽]某品牌汽车安全气囊的产气药剂主要有$\ce{NaN_{3}}$(气体发生剂)、$\ce{Fe_{2}O_{3}}$(主氧化剂)、$\ce{NaHCO_{3}}$(冷却剂)等物质。当汽车发生猛烈碰撞时,点火器点火引发$\ce{NaN_{3}}$迅速分解,产生的气体使气囊迅速鼓起,主要反应过程如图所示(部分反应条件已略去)。下列说法中,不正确的是（
A.$\ce{NaN_{3}\to N_{2}}$的化学反应速率很快
B.$\ce{NaN_{3}\to N_{2}}$的化学方程式为$\ce{2NaN_{3}\xlongequal{\Delta}2Na + 3N_{2}\uparrow}$
C.$\ce{Fe_{2}O_{3}\to Fe}$的反应中各元素化合价均发生变化
D.$\ce{NaHCO_{3}\to Na_{2}CO_{3}}$的反应吸收能量
C
）A.$\ce{NaN_{3}\to N_{2}}$的化学反应速率很快
B.$\ce{NaN_{3}\to N_{2}}$的化学方程式为$\ce{2NaN_{3}\xlongequal{\Delta}2Na + 3N_{2}\uparrow}$
C.$\ce{Fe_{2}O_{3}\to Fe}$的反应中各元素化合价均发生变化
D.$\ce{NaHCO_{3}\to Na_{2}CO_{3}}$的反应吸收能量
答案
C 当汽车发生猛烈碰撞时，点火器点火引发$\ce{NaN_{3}}$迅速分解，故$\ce{NaN_{3}\to N_{2}}$的化学反应速率很快，A正确；点火器点火引发$\ce{NaN_{3}}$迅速分解，生成Na和$\ce{N_{2}}$，反应的化学方程式为$\ce{2NaN_{3}\xlongequal{\Delta}2Na + 3N_{2}\uparrow}$，B正确；$\ce{Fe_{2}O_{3}\to Fe}$的反应中，钠元素由0价变为+1价、铁元素的化合价由+3变为0，反应前后氧元素化合价不变均为-2，C错误；由图示可知，$\ce{NaHCO_{3}\to Na_{2}CO_{3}}$的反应吸收能量，D正确。
解析
【分析】
我们可以结合题干给出的安全气囊反应背景和流程图信息，逐个验证选项正误：
1. 首先根据题干描述“NaN3迅速分解”，直接判断A选项的反应速率相关描述是否正确；
2. 从流程图中获取NaN3分解的产物为Na和N2，根据质量守恒定律配平反应方程式，验证B选项；
3. 分析Fe2O3转化为Fe的反应，明确反应物为Na和Fe2O3、产物为Na2O和Fe，逐一标注各元素反应前后的化合价，判断是否所有元素化合价都发生改变；
4. 从流程图的能量箭头可知，上方反应释放的能量供给NaHCO3的分解反应，据此判断该反应的能量变化特征，验证D选项。
【解析】
A选项：题干明确说明汽车猛烈碰撞时NaN3会迅速分解，因此$\ce{NaN_{3}\to N_{2}}$的化学反应速率很快，A说法正确；
B选项：由流程图可知NaN3受热分解生成Na和N2，配平后化学方程式为$\ce{2NaN_{3}\xlongequal{\Delta}2Na + 3N_{2}\uparrow}$，B说法正确；
C选项：$\ce{Fe_{2}O_{3}\to Fe}$的反应为$\ce{6Na + Fe_{2}O_{3} = 3Na_{2}O + 2Fe}$，其中Na元素从0价变为+1价，Fe元素从+3价变为0价，而O元素反应前后化合价始终为-2价，没有发生变化，并非各元素化合价均发生变化，C说法错误；
D选项：由流程图可知，上方反应释放的能量供给NaHCO3的分解过程，说明$\ce{NaHCO_{3}\to Na_{2}CO_{3}}$的反应需要吸收能量，D说法正确。
【答案】
C
【知识点】
化合价判断，化学方程式书写，反应能量变化
【点评】
本题以汽车安全气囊的产气原理为实际情境，将基础化学知识点和生活应用结合，考点覆盖全面，难度适中，解题时需要逐一核对各元素的化合价变化，注意不要忽略氧元素化合价始终不变的细节，避免错选。
【难度系数】
0.8
我们可以结合题干给出的安全气囊反应背景和流程图信息，逐个验证选项正误：
1. 首先根据题干描述“NaN3迅速分解”，直接判断A选项的反应速率相关描述是否正确；
2. 从流程图中获取NaN3分解的产物为Na和N2，根据质量守恒定律配平反应方程式，验证B选项；
3. 分析Fe2O3转化为Fe的反应，明确反应物为Na和Fe2O3、产物为Na2O和Fe，逐一标注各元素反应前后的化合价，判断是否所有元素化合价都发生改变；
4. 从流程图的能量箭头可知，上方反应释放的能量供给NaHCO3的分解反应，据此判断该反应的能量变化特征，验证D选项。
【解析】
A选项：题干明确说明汽车猛烈碰撞时NaN3会迅速分解，因此$\ce{NaN_{3}\to N_{2}}$的化学反应速率很快，A说法正确；
B选项：由流程图可知NaN3受热分解生成Na和N2，配平后化学方程式为$\ce{2NaN_{3}\xlongequal{\Delta}2Na + 3N_{2}\uparrow}$，B说法正确；
C选项：$\ce{Fe_{2}O_{3}\to Fe}$的反应为$\ce{6Na + Fe_{2}O_{3} = 3Na_{2}O + 2Fe}$，其中Na元素从0价变为+1价，Fe元素从+3价变为0价，而O元素反应前后化合价始终为-2价，没有发生变化，并非各元素化合价均发生变化，C说法错误；
D选项：由流程图可知，上方反应释放的能量供给NaHCO3的分解过程，说明$\ce{NaHCO_{3}\to Na_{2}CO_{3}}$的反应需要吸收能量，D说法正确。
【答案】
C
【知识点】
化合价判断，化学方程式书写，反应能量变化
【点评】
本题以汽车安全气囊的产气原理为实际情境，将基础化学知识点和生活应用结合，考点覆盖全面，难度适中，解题时需要逐一核对各元素的化合价变化，注意不要忽略氧元素化合价始终不变的细节，避免错选。
【难度系数】
0.8
5. [2025 齐齐哈尔]对下列宏观事实的微观解释错误的是 （
A.水和过氧化氢化学性质不同——分子构成不同
B.氧气加压后可装入钢瓶——增大压强，气体分子间的间隔变小
C.氯化钠溶解在水中形成溶液——氯化钠分子分散到水分子之间
D.金刚石和石墨物理性质差异较大——碳原子排列方式不同
C
）A.水和过氧化氢化学性质不同——分子构成不同
B.氧气加压后可装入钢瓶——增大压强，气体分子间的间隔变小
C.氯化钠溶解在水中形成溶液——氯化钠分子分散到水分子之间
D.金刚石和石墨物理性质差异较大——碳原子排列方式不同
答案
C 由分子构成的物质，分子是保持其化学性质的最小粒子，不同种分子，化学性质不同，故水和过氧化氢化学性质不同，A正确；分子之间有间隔，增大压强，气体分子间的间隔变小，故氧气加压后可装入钢瓶，B正确；氯化钠由钠离子和氯离子构成，氯化钠溶解在水中形成溶液，是钠离子和氯离子分散到水分子之间，C错误；金刚石和石墨物理性质差异较大，是因为金刚石和石墨中碳原子排列方式不同，D正确。
解析
【分析】
这道题要求选出宏观事实的微观解释错误的选项，解题思路是结合物质的微观构成、分子的基本性质等知识点，对每个选项逐一验证：首先回忆不同物质的构成微粒，明确由分子构成的物质分子是保持其化学性质的最小粒子，分子之间存在间隔，同种元素组成的不同单质性质差异源于原子排列方式不同，逐个排查后即可找出解释错误的选项。
【解析】
A. 水和过氧化氢都是由分子构成的物质，二者的分子构成不同，不同种分子的化学性质不同，因此水和过氧化氢化学性质不同，该解释正确；
B. 分子之间存在间隔，增大压强时，气体分子间的间隔会明显变小，气体体积随之缩小，因此氧气加压后可装入钢瓶，该解释正确；
C. 氯化钠属于盐类，是由钠离子和氯离子直接构成的离子化合物，不存在氯化钠分子，氯化钠溶解在水中形成溶液的本质是钠离子和氯离子分散到水分子之间，该解释错误；
D. 金刚石和石墨都是由碳元素组成的碳单质，二者物理性质差异较大的原因是内部碳原子的排列方式不同，该解释正确。
综上，解释错误的是C选项。
【答案】
C
【知识点】
分子的基本性质，物质的微观构成，碳单质的结构
【点评】
本题属于化学微观解释类基础题型，核心考点是区分不同类别物质的构成微粒，易错点是容易错误认为氯化钠是由分子构成的，同学们需要牢记常见盐类均由阴阳离子构成，避免混淆不同物质的构成粒子概念。
【难度系数】
0.8
这道题要求选出宏观事实的微观解释错误的选项，解题思路是结合物质的微观构成、分子的基本性质等知识点，对每个选项逐一验证：首先回忆不同物质的构成微粒，明确由分子构成的物质分子是保持其化学性质的最小粒子，分子之间存在间隔，同种元素组成的不同单质性质差异源于原子排列方式不同，逐个排查后即可找出解释错误的选项。
【解析】
A. 水和过氧化氢都是由分子构成的物质，二者的分子构成不同，不同种分子的化学性质不同，因此水和过氧化氢化学性质不同，该解释正确；
B. 分子之间存在间隔，增大压强时，气体分子间的间隔会明显变小，气体体积随之缩小，因此氧气加压后可装入钢瓶，该解释正确；
C. 氯化钠属于盐类，是由钠离子和氯离子直接构成的离子化合物，不存在氯化钠分子，氯化钠溶解在水中形成溶液的本质是钠离子和氯离子分散到水分子之间，该解释错误；
D. 金刚石和石墨都是由碳元素组成的碳单质，二者物理性质差异较大的原因是内部碳原子的排列方式不同，该解释正确。
综上，解释错误的是C选项。
【答案】
C
【知识点】
分子的基本性质，物质的微观构成，碳单质的结构
【点评】
本题属于化学微观解释类基础题型，核心考点是区分不同类别物质的构成微粒，易错点是容易错误认为氯化钠是由分子构成的，同学们需要牢记常见盐类均由阴阳离子构成，避免混淆不同物质的构成粒子概念。
【难度系数】
0.8
