1. 标有“PZ220-60”的白炽灯正常工作电压为V，额定功率为11 W的节能灯与该灯泡均正常发光时亮度相当，各自正常工作10 h，节能灯少消耗kW·h的电能。

1. 220 0.49

【分析】
首先，灯泡铭牌“PZ220-60”中，“220”代表额定电压，即灯泡正常工作时的电压；其次，计算节能灯少消耗的电能，需利用电能公式$W=Pt$，先确定两者的额定功率，再计算功率差，结合工作时间求出少消耗的电能，注意功率单位需转换为kW，时间单位为h，电能单位才是$kW·h$。
【解析】
1. 灯泡铭牌“PZ220-60”的含义：“220”表示灯泡的额定电压，因此该白炽灯正常工作电压为$220V$。
2. 计算少消耗的电能：
白炽灯额定功率$P_1=60W=0.06kW$，节能灯额定功率$P_2=11W=0.011kW$，工作时间$t=10h$。
少消耗的电能$\Delta W=(P_1-P_2)t=(0.06kW - 0.011kW)×10h=0.49kW·h$。
【答案】
220；0.49
【知识点】
电能计算、额定功率与额定电压
【点评】
本题考查灯泡铭牌的理解和电能的基础计算，属于电学基础题型，需掌握铭牌含义及电能公式的单位转换，难度较低。
【难度系数】
0.9

2. 小鹏同学家的电能表如图1所示，则小鹏家已消耗的电能为kW·h，转盘已转过转；他家接入的用电器总功率不能超过W。小鹏发现家里只使用一个电水壶（其他用电器都关闭）时，观察到电能表转盘3 min转过100转，则电水壶工作时的实际电功率为W。

2. 30 $6 × 10^4$ 2 200 1 000

【分析】
要解决这道题，需掌握电能表的读数规则、参数含义，以及电能、电功率的基本计算公式：①电能表读数直接读取整数部分（本题中已消耗电能为整数）；②转盘转数根据“2000r/(kW·h)”的参数，用消耗的电能乘以该参数计算；③总功率利用电能表的额定电压和最大电流，通过P=UI计算；④电水壶实际功率，先由转数算出消耗的电能，再结合时间用P=W/t计算。
【解析】
1. 已消耗电能：电能表读数为30kW·h，即小鹏家已消耗的电能为30kW·h。
2. 转盘转数：电能表参数“2000r/(kW·h)”表示每消耗1kW·h电能，转盘转2000转，因此转盘转数为：$30\ \mathrm{kW·h} × 2000\ \mathrm{r/(kW·h)} = 6 × 10^4\ \mathrm{转}$。
3. 用电器总功率上限：电能表额定电压$U=220\ \mathrm{V}$，允许通过的最大电流$I=10\ \mathrm{A}$，根据$P=UI$，总功率为：$P=220\ \mathrm{V} × 10\ \mathrm{A} = 2200\ \mathrm{W}$。
4. 电水壶实际功率：转盘转100转时，消耗的电能$W=\frac{100\ \mathrm{r}}{2000\ \mathrm{r/(kW·h)}} = 0.05\ \mathrm{kW·h}$，时间$t=3\ \mathrm{min} = \frac{3}{60}\ \mathrm{h}=0.05\ \mathrm{h}$，实际功率：$P=\frac{W}{t}=\frac{0.05\ \mathrm{kW·h}}{0.05\ \mathrm{h}}=1\ \mathrm{kW}=1000\ \mathrm{W}$。
【答案】
30；$6×10^4$；2200；1000
【知识点】
电能表参数应用、电功率计算、电能计算
【点评】
本题围绕电能表的核心知识点展开，考查读数、转数计算、总功率及用电器实际功率的计算，属于电学基础应用题，需准确理解电能表各参数的物理意义，熟练运用相关公式。
【难度系数】
0.6

3. 充电宝是一个可充放电的锂聚合物电池。某充电宝的部分参数如下表所示，该充电宝充满电时储存的电能为J，输出功率为W。

3. $3.6 × 10^4$ 5

【分析】要解决这道题，需掌握电能和电功率的计算公式。计算充电宝储存的电能时，利用公式$W=UIt$，需明确充电宝的额定电压和电池容量；计算输出功率时，利用公式$P=UI$，需明确输出电压和输出电流。结合充电宝的常规参数代入公式即可求解。
【解析】根据充电宝的典型参数：额定电压$U=5V$，电池容量为$2000mAh$，输出电压$5V$，输出电流$1A$。
1. 储存电能：电池容量换算为电荷量$It=2A×3600s=7200C$，则电能$W=UIt=5V×7200C=3.6×10^4 J$；
2. 输出功率：$P=U_{输出}I_{输出}=5V×1A=5W$。
【答案】$3.6 × 10^4$ 5
【知识点】电能的计算、电功率的计算
【点评】本题考查电学基础公式的应用，属于简单的电学计算题，只要牢记电能和电功率的公式即可正确解答。
【难度系数】0.8

4. 图2为冬天人们常用的一种电热暖手宝，其内部液体通常采用水，这是利用水的，使保暖时间更长；当袋内0.5 kg的水由0℃加热至80℃，需要吸收的热量为J；该电热暖手宝正常工作时功率为600 W，不计热量损失，产生这些热量需要的时间为s；为了使用时更加安全，它的内部采用了双重温控保护开关，两个温控开关是（选填“串联”或“并联”）起来使用的。

4. 比热容较大 $1.68 × 10^5$ 280 串联

【分析】
本题围绕电热暖手宝考查物理知识的应用，解题思路：①水作暖手宝内部液体利用其比热容大的特性，相同质量下吸放热更多，能延长保暖时间；②利用吸热公式计算水吸收的热量；③不计热量损失时，电热做功等于水吸收的热量，结合电功公式变形求加热时间；④双重温控开关需同时闭合电路才导通，以此实现安全保护，据此判断开关连接方式。
【解析】
1. 水的比热容较大，相同质量的水与其他物质相比，降低相同温度时放出的热量更多，能延长保暖时间，故第一空填“比热容较大”。
2. 水吸收的热量：$Q_{吸}=cmΔt=4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}×0.5\ \mathrm{kg}×(80℃-0℃)=1.68×10^5\ \mathrm{J}$，故第二空为$1.68×10^5$。
3. 不计热量损失，电热产生的热量$Q=W=Pt$，所需时间$t=\frac{Q}{P}=\frac{1.68×10^5\ \mathrm{J}}{600\ \mathrm{W}}=280\ \mathrm{s}$，故第三空为280。
4. 双重温控开关需同时闭合电路才导通，实现双重安全保护，因此两个开关是串联的，故第四空填“串联”。
【答案】
比热容较大；$1.68×10^5$；280；串联
【知识点】
比热容、热量计算、电功计算
【点评】
本题结合生活中的电热暖手宝实例，考查比热容、热量与电功的计算及串联电路的特点，注重物理知识的实际应用，属于基础应用类题目。
【难度系数】
0.5

5. 如图3所示，电源电压保持不变，开关$\mathrm{S}_{1}$已闭合。若再闭合开关$\mathrm{S}_{2}$，则表的示数将不变，小灯泡$\mathrm{L}_{1}$的亮度（选填“增强”“减弱”或“不变”）。

5. 电压 不变

【分析】先梳理开关闭合前后的电路结构：开关$\mathrm{S}_{1}$已闭合时，电路为小灯泡$\mathrm{L}_{1}$的简单电路，电压表测量电源电压；再闭合$\mathrm{S}_{2}$后，$\mathrm{L}_{1}$与$\mathrm{L}_{2}$并联，电压表仍测量电源电压。由于电源电压保持不变，可判断电表示数变化；小灯泡亮度由实际功率决定，结合$\mathrm{L}_{1}$的电压和电阻变化分析功率，进而判断亮度。
【解析】当$\mathrm{S}_{1}$闭合时，电路为$\mathrm{L}_{1}$的简单电路，电压表测电源电压；闭合$\mathrm{S}_{2}$后，$\mathrm{L}_{1}$与$\mathrm{L}_{2}$并联，电压表仍测电源电压，电源电压不变，因此电压表示数不变。小灯泡$\mathrm{L}_{1}$的亮度由实际功率决定，$\mathrm{L}_{1}$两端电压始终等于电源电压，其电阻不变，根据电功率公式$P=\frac{U^2}{R}$，$\mathrm{L}_{1}$的实际功率不变，故亮度不变。
【答案】电压；不变
【知识点】并联电路特点、电功率与亮度
【点评】本题考查电路分析与电功率的应用，核心是判断开关闭合前后的电路连接方式及电压表的测量对象，理解小灯泡亮度由实际功率决定是解题关键，属于基础电路题。
【难度系数】0.6

6. 一个玩具车使用的电动机，当把它接入0.2 V电压的电路时，电动机不转，测得通过电动机的电流是0.4 A；若把它接入2 V电压的电路中，电动机正常工作，测得此时通过电动机的电流是1 A。那么该电动机线圈的电阻是Ω，电动机正常工作时的效率是。

6. 0.5 75%

【分析】
本题考查电动机的相关计算，核心是区分电动机不转（纯电阻状态）和正常工作（非纯电阻状态）的能量转化特点。首先，电动机不转时，电能全部转化为内能，属于纯电阻电路，可直接用欧姆定律计算线圈电阻；其次，电动机正常工作时，电能转化为机械能和内能，需通过总功率与热功率的差值得到机械功率，再计算效率。
【解析】
1. 计算电动机线圈电阻：
电动机不转时，无机械能输出，电能全部转化为内能，此时为纯电阻电路，根据欧姆定律 $ R = \frac{U_1}{I_1} $，代入数据得：
$ R = \frac{0.2\ \mathrm{V}}{0.4\ \mathrm{A}} = 0.5\ \Omega $。
2. 计算电动机正常工作时的效率：
电动机正常工作时，总功率 $ P_{\mathrm{总}} = U_2I_2 = 2\ \mathrm{V} × 1\ \mathrm{A} = 2\ \mathrm{W} $；
线圈的热功率 $ P_{\mathrm{热}} = I_2^2R = (1\ \mathrm{A})^2 × 0.5\ \Omega = 0.5\ \mathrm{W} $；
机械功率 $ P_{\mathrm{机}} = P_{\mathrm{总}} - P_{\mathrm{热}} = 2\ \mathrm{W} - 0.5\ \mathrm{W} = 1.5\ \mathrm{W} $；
效率 $ \eta = \frac{P_{\mathrm{机}}}{P_{\mathrm{总}}} × 100\% = \frac{1.5\ \mathrm{W}}{2\ \mathrm{W}} × 100\% = 75\% $。
【答案】
0.5；75%
【知识点】
电动机的电阻计算、电动机的效率计算
【点评】
本题需明确电动机不同工作状态的能量转化差异，纯电阻与非纯电阻电路的区分是解题关键，考查学生对电动机原理及相关公式的应用能力，属于中等难度的常规题型。
【难度系数】
0.5

7. 一种新型半导体LED灯，可以将电能的90%转化为光能。已知某LED灯在一定电压范围内的工作电流都是20 mA。只是在不同的电压下LED灯的发光颜色不同，如下表所示。如果将该LED灯与一定值电阻R串联后接在电压为5 V的电源两端时它发黄光，则定值电阻R的阻值是 Ω，LED灯的电功率是 W。

7. 130 0.048

【分析】
首先，LED灯与定值电阻R串联，串联电路中电流处处相等。题目要求LED发黄光，需从表格中找到发黄光时LED的电压和电流；再根据串联电路电压规律求出定值电阻两端电压，结合欧姆定律计算R的阻值；最后利用电功率公式计算LED的电功率。
【解析】
1. 确定LED发黄光时的参数：由表格可知，LED发黄光时，两端电压$ U_{LED}=2.4V $，通过的电流$ I=20mA=0.02A $。
2. 计算定值电阻两端电压：串联电路总电压等于各部分电压之和，电源电压$ U_{总}=5V $，因此定值电阻两端电压$ U_R = U_{总} - U_{LED}=5V - 2.4V=2.6V $。
3. 计算定值电阻阻值：根据欧姆定律$ R=\frac{U}{I} $，代入数据得$ R=\frac{U_R}{I}=\frac{2.6V}{0.02A}=130Ω $。
4. 计算LED的电功率：根据电功率公式$ P=UI $，代入数据得$ P_{LED}=U_{LED} × I=2.4V × 0.02A=0.048W $。
【答案】
130；0.048
【知识点】
串联电路规律、欧姆定律、电功率计算
【点评】
本题结合LED灯的发光特性，考查串联电路的基本规律及欧姆定律、电功率的简单计算，关键是从表格中提取对应黄光时LED的电压和电流，属于基础应用类题目，难度适中。
【难度系数】
0.3