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1. 电功率是表示电流
做功快慢
的物理量,在国际单位制中,它的单位是瓦特
。答案
做功快慢
瓦特
瓦特
2. 某电视机的电功率是250 W,每天使用3 h,一个月用电
22.5
$kW·h$。(每月按30天计算)答案
22.5
解析
250W=0.25kW，
每天用电量：0.25kW×3h=0.75kW·h，
一个月用电量：0.75kW·h×30=22.5kW·h。
22.5
每天用电量：0.25kW×3h=0.75kW·h，
一个月用电量：0.75kW·h×30=22.5kW·h。
22.5
3. 现有“2.5 V 0.4 A”的小灯泡一只,它的额定电压是
2.5
V,额定功率是1
W,正常工作时灯丝的电阻是6.25
$\Omega$。若把该灯泡接到一节干电池的两极上,它不能
(填“能”或“不能”)正常工作。答案
2.5
1
6.25
不能
1
6.25
不能
4. 如图15-2-1所示,当开关S闭合后,滑动变阻器的滑片P向右移动过程中,电压表$V_1$的示数
变大
,电流表的示数变大
,电压表$V_2$的示数减小
,电灯的亮度变亮
。答案
变大
变大
减小
变亮
变大
减小
变亮
5. 在图15-2-2所示的电路中,发现电流表的示数减少0.2 A时,电压表的示数从6 V变为5 V,则该定值电阻所消耗的电功率变化了
2.2
W。答案
2.2
解析
设定值电阻的阻值为$R$，初始电流为$I_1$，变化后电流为$I_2$。
由题意知：$U_1 = 6\,V$，$U_2 = 5\,V$，$I_1 - I_2 = 0.2\,A$。
根据欧姆定律$I = \frac{U}{R}$，可得：
$I_1 = \frac{U_1}{R} = \frac{6}{R}$，$I_2 = \frac{U_2}{R} = \frac{5}{R}$。
则$\frac{6}{R} - \frac{5}{R} = 0.2$，解得$R = 5\,\Omega$。
初始功率$P_1 = U_1I_1 = 6×\frac{6}{5} = 7.2\,W$，
变化后功率$P_2 = U_2I_2 = 5×\frac{5}{5} = 5\,W$。
功率变化量$\Delta P = P_1 - P_2 = 7.2 - 5 = 2.2\,W$。
2.2
由题意知：$U_1 = 6\,V$，$U_2 = 5\,V$，$I_1 - I_2 = 0.2\,A$。
根据欧姆定律$I = \frac{U}{R}$，可得：
$I_1 = \frac{U_1}{R} = \frac{6}{R}$，$I_2 = \frac{U_2}{R} = \frac{5}{R}$。
则$\frac{6}{R} - \frac{5}{R} = 0.2$，解得$R = 5\,\Omega$。
初始功率$P_1 = U_1I_1 = 6×\frac{6}{5} = 7.2\,W$，
变化后功率$P_2 = U_2I_2 = 5×\frac{5}{5} = 5\,W$。
功率变化量$\Delta P = P_1 - P_2 = 7.2 - 5 = 2.2\,W$。
2.2
6. 电灯$L_1与L_2$的额定电压相同,并联在电路中时,$L_1比L_2$亮,那么(
A.$L_1的额定功率比L_2$的大
B.$L_1的电阻大于L_2$的电阻
C.$L_1两端的电压大于L_2$两端的电压
D.通过$L_2的电流大于通过L_1$的电流
A
)A.$L_1的额定功率比L_2$的大
B.$L_1的电阻大于L_2$的电阻
C.$L_1两端的电压大于L_2$两端的电压
D.通过$L_2的电流大于通过L_1$的电流
答案
A
解析
两灯并联，电压相等，即$U_{L_1}=U_{L_2}$。$L_1$比$L_2$亮，说明$P_{L_1实}＞P_{L_2实}$。由$P=UI$，得$I=\frac{P}{U}$，因$U$相等，$P_{L_1实}＞P_{L_2实}$，所以$I_{L_1}＞I_{L_2}$。由$I=\frac{U}{R}$，得$R=\frac{U}{I}$，$U$相等，$I_{L_1}＞I_{L_2}$，所以$R_{L_1}＜R_{L_2}$。两灯额定电压相同，由$P_额=\frac{U_额^2}{R}$，$U_额$相等，$R_{L_1}＜R_{L_2}$，所以$P_{L_1额}＞P_{L_2额}$。
A
A
7. 手机屏幕能随光照强度的变化自动调节亮度,如图所示是它的电路原理图,光敏电阻R的阻值随光照强度的变大而减小。保持电源电压不变,闭合开关S,当光照强度变大时,下列说法正确的是(
A.灯泡L变暗,电压表示数变大
B.灯泡L变亮,电流表示数变小
C.灯泡L变亮,电压表与电流表示数的比值变小
D.灯泡L变亮,电路的总功率变小
理由：______
C
)A.灯泡L变暗,电压表示数变大
B.灯泡L变亮,电流表示数变小
C.灯泡L变亮,电压表与电流表示数的比值变小
D.灯泡L变亮,电路的总功率变小
理由：______
答案
C
解析
C
当光照强度变大时，光敏电阻$R$阻值减小，电路总电阻减小。电源电压不变，由$I = \frac{U}{R_{总}}$可知，电路电流$I$变大，即电流表示数变大。灯泡$L$电阻不变，由$P = I^{2}R_{L}$可知，灯泡实际功率变大，故灯泡变亮。电压表测$R$两端电压，由$U = IR$，$I$变大、$R$变小，无法直接判断$U$的变化，但电压表与电流表示数的比值为$R$的阻值，因$R$减小，所以该比值变小。综上，正确的是C。
当光照强度变大时，光敏电阻$R$阻值减小，电路总电阻减小。电源电压不变，由$I = \frac{U}{R_{总}}$可知，电路电流$I$变大，即电流表示数变大。灯泡$L$电阻不变，由$P = I^{2}R_{L}$可知，灯泡实际功率变大，故灯泡变亮。电压表测$R$两端电压，由$U = IR$，$I$变大、$R$变小，无法直接判断$U$的变化，但电压表与电流表示数的比值为$R$的阻值，因$R$减小，所以该比值变小。综上，正确的是C。
8. 如图所示是甲和乙两个电阻的I-U图像,下列说法中正确的是(
A.甲的电阻为15$\Omega$
B.甲对电流的阻碍作用比乙大
C.将甲乙并联,若干路电流为0.6 A,则电源电压为4 V
D.将甲乙串联,若电路电流为0.3 A,则甲的电功率为1.8 W
理由：______
C
)A.甲的电阻为15$\Omega$
B.甲对电流的阻碍作用比乙大
C.将甲乙并联,若干路电流为0.6 A,则电源电压为4 V
D.将甲乙串联,若电路电流为0.3 A,则甲的电功率为1.8 W
理由：______
答案
C
解析
C
理由：A.由图知，甲电压$U_甲=6V$时，电流$I_甲=0.6A$，$R_甲=\frac{U_甲}{I_甲}=\frac{6V}{0.6A}=10\Omega$，A错误；
B.乙电压$U_乙=6V$时，电流$I_乙=0.3A$，$R_乙=\frac{U_乙}{I_乙}=\frac{6V}{0.3A}=20\Omega$，$R_甲=10\Omega＜ R_乙=20\Omega$，甲阻碍作用比乙小，B错误；
C.并联时$U_甲=U_乙=U$，$I=I_甲+I_乙=\frac{U}{R_甲}+\frac{U}{R_乙}$，$0.6A=\frac{U}{10\Omega}+\frac{U}{20\Omega}$，解得$U=4V$，C正确；
D.串联电流$I=0.3A$，甲电压$U_甲'=IR_甲=0.3A×10\Omega=3V$，$P_甲=U_甲'I=3V×0.3A=0.9W$，D错误。
理由：A.由图知，甲电压$U_甲=6V$时，电流$I_甲=0.6A$，$R_甲=\frac{U_甲}{I_甲}=\frac{6V}{0.6A}=10\Omega$，A错误；
B.乙电压$U_乙=6V$时，电流$I_乙=0.3A$，$R_乙=\frac{U_乙}{I_乙}=\frac{6V}{0.3A}=20\Omega$，$R_甲=10\Omega＜ R_乙=20\Omega$，甲阻碍作用比乙小，B错误；
C.并联时$U_甲=U_乙=U$，$I=I_甲+I_乙=\frac{U}{R_甲}+\frac{U}{R_乙}$，$0.6A=\frac{U}{10\Omega}+\frac{U}{20\Omega}$，解得$U=4V$，C正确；
D.串联电流$I=0.3A$，甲电压$U_甲'=IR_甲=0.3A×10\Omega=3V$，$P_甲=U_甲'I=3V×0.3A=0.9W$，D错误。
