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7. 为了给同学解释“沙漠地区昼夜温差大，而沿海地区昼夜温差小”这一现象，小尉采用计算的方法来解释.已知水的比热容为$4.2×10^{3}J/(kg· ^{\circ }C)$，干泥土的比热容为$0.84×10^{3}J/(kg· ^{\circ }C)$.
(1)求10kg的水温度升高$5^{\circ }C$需要吸收的热量.
(2)若这些热量全部被等质量的干泥土完全吸收，求干泥土升高的温度.
(1)求10kg的水温度升高$5^{\circ }C$需要吸收的热量.
(2)若这些热量全部被等质量的干泥土完全吸收，求干泥土升高的温度.
答案
7.解:(1)水吸收的热量
$Q_{吸水}=c_{水} m\Delta t=4. 2× 10^{3}\mathrm{J/(kg}· ° \mathrm{C)}× 10\mathrm{kg}× 5° \mathrm{C} = 2. 1×10^{5}\mathrm{J}.$
(2)由题知,$Q_{吸土}=Q_{吸水}=2. 1×10^{5}\mathrm{J}$,
由$Q_{吸}=cm\Delta t$得干泥土升高的温度
$\Delta t'=\frac{Q_{吸土}}{c_{\pm} m}=\frac{2. 1×10^{5}\mathrm{J}}{0. 84×10^{3}\mathrm{J/(kg}· ° \mathrm{C)}×10\mathrm{kg}}=25° \mathrm{C}.$
$Q_{吸水}=c_{水} m\Delta t=4. 2× 10^{3}\mathrm{J/(kg}· ° \mathrm{C)}× 10\mathrm{kg}× 5° \mathrm{C} = 2. 1×10^{5}\mathrm{J}.$
(2)由题知,$Q_{吸土}=Q_{吸水}=2. 1×10^{5}\mathrm{J}$,
由$Q_{吸}=cm\Delta t$得干泥土升高的温度
$\Delta t'=\frac{Q_{吸土}}{c_{\pm} m}=\frac{2. 1×10^{5}\mathrm{J}}{0. 84×10^{3}\mathrm{J/(kg}· ° \mathrm{C)}×10\mathrm{kg}}=25° \mathrm{C}.$
解析
【分析】
本题考查比热容相关的热量计算，解题思路如下：(1) 第一问求水吸收的热量，直接应用吸热公式$Q_{吸}=cm\Delta t$，代入水的比热容、质量和温度变化量即可计算；(2) 第二问中，干泥土吸收的热量等于水吸收的热量，且两者质量相等，利用吸热公式的变形$\Delta t=\frac{Q_{吸}}{cm}$，代入干泥土的比热容、吸收的热量和质量，即可求出干泥土升高的温度。
【解析】
(1) 水吸收的热量：
$Q_{吸水}=c_{水} m\Delta t=4.2×10^{3}\mathrm{J/(kg·°C)}×10\mathrm{kg}×5°C = 2.1×10^{5}\mathrm{J}.$
(2) 由题知，干泥土吸收的热量$Q_{吸土}=Q_{吸水}=2.1×10^{5}\mathrm{J}$，
根据吸热公式$Q_{吸}=cm\Delta t$，变形可得干泥土升高的温度：
$\Delta t'=\frac{Q_{吸土}}{c_{土} m}=\frac{2.1×10^{5}\mathrm{J}}{0.84×10^{3}\mathrm{J/(kg·°C)}×10\mathrm{kg}}=25°C.$
【答案】
(1) 水吸收的热量为$2.1×10^{5}\mathrm{J}$；(2) 干泥土升高的温度为$25°C$。
【知识点】
比热容、热量的计算
【点评】
本题结合生活中沿海与沙漠昼夜温差的现象，考查吸热公式的基础应用，难度不大，能帮助学生理解比热容对温度变化的影响，是比热容知识点的典型基础计算题。
【难度系数】
0.7
本题考查比热容相关的热量计算，解题思路如下：(1) 第一问求水吸收的热量，直接应用吸热公式$Q_{吸}=cm\Delta t$，代入水的比热容、质量和温度变化量即可计算；(2) 第二问中，干泥土吸收的热量等于水吸收的热量，且两者质量相等，利用吸热公式的变形$\Delta t=\frac{Q_{吸}}{cm}$，代入干泥土的比热容、吸收的热量和质量，即可求出干泥土升高的温度。
【解析】
(1) 水吸收的热量：
$Q_{吸水}=c_{水} m\Delta t=4.2×10^{3}\mathrm{J/(kg·°C)}×10\mathrm{kg}×5°C = 2.1×10^{5}\mathrm{J}.$
(2) 由题知，干泥土吸收的热量$Q_{吸土}=Q_{吸水}=2.1×10^{5}\mathrm{J}$，
根据吸热公式$Q_{吸}=cm\Delta t$，变形可得干泥土升高的温度：
$\Delta t'=\frac{Q_{吸土}}{c_{土} m}=\frac{2.1×10^{5}\mathrm{J}}{0.84×10^{3}\mathrm{J/(kg·°C)}×10\mathrm{kg}}=25°C.$
【答案】
(1) 水吸收的热量为$2.1×10^{5}\mathrm{J}$；(2) 干泥土升高的温度为$25°C$。
【知识点】
比热容、热量的计算
【点评】
本题结合生活中沿海与沙漠昼夜温差的现象，考查吸热公式的基础应用，难度不大，能帮助学生理解比热容对温度变化的影响，是比热容知识点的典型基础计算题。
【难度系数】
0.7
8.煲汤时需将骨头中的营养成分尽可能多地溶于汤中，这就需要用文火炖，故煲汤多用砂锅，如图所示.砂锅的比热容较大，导热性能也较差，因此用砂锅煲汤，在同等条件下，汤水加热过程中温度升高较
小
（填“大”或“小”），若使砂锅内初温为$20°C$、质量为$500g$的水温度升高至$40°C$，需要吸收$4.2×10^{4}$
$\mathrm{J}$的热量，实际上所需提供的热量要大于
（填“大于”“小于”或“等于”）水吸收的热量.［水的比热容$c=4.2× 10^{3}\mathrm{J}/(\mathrm{kg}·°\mathrm{C})$］答案
8. 小 $4.2×10^{4}$ 大于
解析
【分析】
本题围绕砂锅煲汤的物理场景，考查比热容的应用与热量计算。解题思路：1. 依据热量公式Q=cmΔt，当吸收热量、质量相同时，比热容越大，温度变化越小，据此判断汤水温度升高的情况；2. 利用热量计算公式Q吸=cmΔt，代入水的质量、比热容和温度变化量计算吸收的热量；3. 结合实际加热过程，考虑热量的散失与砂锅吸热，判断实际提供热量和水吸收热量的关系。
【解析】
1. 同等条件下，汤水吸收的热量Q相同，水的质量m不变，砂锅比热容较大，根据Q=cmΔt，变形得Δt=Q/(cm)，比热容c越大，温度变化Δt越小，因此汤水温度升高较小；
2. 水的质量m=500g=0.5kg，温度变化Δt=40℃-20℃=20℃，水吸收的热量Q吸=cmΔt=4.2×10³ J/(kg·℃)×0.5kg×20℃=4.2×10⁴ J；
3. 实际加热时，砂锅会吸收部分热量，同时还有热量散失到周围环境中，因此需要提供的热量要大于水吸收的热量。
【答案】
小；4.2×10⁴；大于
【知识点】
比热容、热量计算
【点评】
本题结合生活实例考查物理知识，将比热容特性、热量计算与实际场景结合，既考查基础公式应用，又注重联系实际分析问题，体现了物理的实用性。
【难度系数】
0.5
本题围绕砂锅煲汤的物理场景，考查比热容的应用与热量计算。解题思路：1. 依据热量公式Q=cmΔt，当吸收热量、质量相同时，比热容越大，温度变化越小，据此判断汤水温度升高的情况；2. 利用热量计算公式Q吸=cmΔt，代入水的质量、比热容和温度变化量计算吸收的热量；3. 结合实际加热过程，考虑热量的散失与砂锅吸热，判断实际提供热量和水吸收热量的关系。
【解析】
1. 同等条件下，汤水吸收的热量Q相同，水的质量m不变，砂锅比热容较大，根据Q=cmΔt，变形得Δt=Q/(cm)，比热容c越大，温度变化Δt越小，因此汤水温度升高较小；
2. 水的质量m=500g=0.5kg，温度变化Δt=40℃-20℃=20℃，水吸收的热量Q吸=cmΔt=4.2×10³ J/(kg·℃)×0.5kg×20℃=4.2×10⁴ J；
3. 实际加热时，砂锅会吸收部分热量，同时还有热量散失到周围环境中，因此需要提供的热量要大于水吸收的热量。
【答案】
小；4.2×10⁴；大于
【知识点】
比热容、热量计算
【点评】
本题结合生活实例考查物理知识，将比热容特性、热量计算与实际场景结合，既考查基础公式应用，又注重联系实际分析问题，体现了物理的实用性。
【难度系数】
0.5
9.(2025·保定模拟)北方的暖气大多用水作为散热剂.当有质量为50kg的水流过暖气时,温度下降$2°\mathrm{C}$,放出的热量是
$4.2×10^{5}$
J.如图所示是某沿海城市与某内陆城市同一年的气温变化曲线,则曲线C
表示的是内陆城市的年气温变化曲线.$[c_{\mathrm{水}}=4.2× 10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·°\mathrm{C})]$答案
9. $4.2×10^{5}$ C
解析
【分析】
1. 计算水放出的热量需运用放热公式$Q_{\mathrm{放}}=cm\Delta t$，已知水的比热容、质量和温度变化，代入公式即可计算结果。
2. 判断内陆城市气温曲线，要利用“水的比热容大”的特点：相同质量的水和砂石，吸收/放出相同热量时，水的温度变化小，砂石温度变化大；沿海地区水多，气温变化小，内陆地区砂石多，气温变化大，据此分析曲线。
【解析】
1. 计算水放出的热量：
根据放热公式$Q_{\mathrm{放}}=c_{\mathrm{水}}m\Delta t$，代入已知条件$c_{\mathrm{水}}=4.2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·°\mathrm{C})$，$m=50\ \mathrm{kg}$，$\Delta t=2°\mathrm{C}$，可得：
$Q_{\mathrm{放}}=4.2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·°\mathrm{C})×50\ \mathrm{kg}×2°\mathrm{C}=4.2×10^5\ \mathrm{J}$。
2. 判断内陆城市曲线：
因为水的比热容比砂石大，沿海城市受水的调节，年气温变化小；内陆城市砂石多，年气温变化大。观察图像，曲线C的最高温为$33°\mathrm{C}$，最低温为$14°\mathrm{C}$，温差为$19°\mathrm{C}$；曲线D的最高温约$25°\mathrm{C}$，最低温约$15°\mathrm{C}$，温差约$10°\mathrm{C}$，曲线C温差更大，因此曲线C表示内陆城市的年气温变化曲线。
【答案】
$4.2×10^5$；C
【知识点】
热量计算、比热容的应用
【点评】
本题结合生活实例考查热量计算和比热容特性的应用，需掌握放热公式和比热容对气温的影响规律，难度适中。
【难度系数】
0.6
1. 计算水放出的热量需运用放热公式$Q_{\mathrm{放}}=cm\Delta t$，已知水的比热容、质量和温度变化，代入公式即可计算结果。
2. 判断内陆城市气温曲线，要利用“水的比热容大”的特点：相同质量的水和砂石，吸收/放出相同热量时，水的温度变化小，砂石温度变化大；沿海地区水多，气温变化小，内陆地区砂石多，气温变化大，据此分析曲线。
【解析】
1. 计算水放出的热量：
根据放热公式$Q_{\mathrm{放}}=c_{\mathrm{水}}m\Delta t$，代入已知条件$c_{\mathrm{水}}=4.2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·°\mathrm{C})$，$m=50\ \mathrm{kg}$，$\Delta t=2°\mathrm{C}$，可得：
$Q_{\mathrm{放}}=4.2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·°\mathrm{C})×50\ \mathrm{kg}×2°\mathrm{C}=4.2×10^5\ \mathrm{J}$。
2. 判断内陆城市曲线：
因为水的比热容比砂石大，沿海城市受水的调节，年气温变化小；内陆城市砂石多，年气温变化大。观察图像，曲线C的最高温为$33°\mathrm{C}$，最低温为$14°\mathrm{C}$，温差为$19°\mathrm{C}$；曲线D的最高温约$25°\mathrm{C}$，最低温约$15°\mathrm{C}$，温差约$10°\mathrm{C}$，曲线C温差更大，因此曲线C表示内陆城市的年气温变化曲线。
【答案】
$4.2×10^5$；C
【知识点】
热量计算、比热容的应用
【点评】
本题结合生活实例考查热量计算和比热容特性的应用，需掌握放热公式和比热容对气温的影响规律，难度适中。
【难度系数】
0.6
10.对0.5kg的某固体均匀加热(假设被加热物质在单位时间内吸收的热量相同,不考虑质量的变化),其温度随时间变化的图像如图所示.由图可知,它在AB段和CD段对应物质的比热容之比是
$1:4$
,该物质在熔化过程中温度不变,内能增大
,已知该物质固态时的比热容为$1×10^{3}J/(kg· ^{\circ }C)$,则它在熔化过程中吸收的热量为$1.5×10^{4}$
J.答案
10. $1:4$ 增大 $1.5×10^{4}$
解析
【分析】
要解决本题，需结合比热容公式、晶体熔化的特点分析：首先根据图像确定AB段和CD段的加热时间、温度变化量，利用“单位时间吸收热量相同”的条件，结合比热容公式计算比热容之比；晶体熔化时持续吸热，温度不变，内能增大；再通过AB段的吸热情况算出单位时间吸热量，结合熔化过程的加热时间求出熔化吸收的热量。
【解析】
1. 计算AB段和CD段的比热容之比：
由图像可知，AB段加热时间$t_{AB}=2\ \mathrm{min}$，温度变化$\Delta t_{AB}=-10°\mathrm{C}-(-20°\mathrm{C})=10°\mathrm{C}$；CD段加热时间$t_{CD}=12\ \mathrm{min}-8\ \mathrm{min}=4\ \mathrm{min}$，温度变化$\Delta t_{CD}=-5°\mathrm{C}-(-10°\mathrm{C})=5°\mathrm{C}$。
因单位时间吸收热量相同，故两段吸收热量的关系为$\frac{Q_{AB}}{Q_{CD}}=\frac{t_{AB}}{t_{CD}}=\frac{2\ \mathrm{min}}{4\ \mathrm{min}}=\frac{1}{2}$。
根据比热容公式$Q=cm\Delta t$，变形得$c=\frac{Q}{m\Delta t}$，则：
$\frac{c_{AB}}{c_{CD}}=\frac{\frac{Q_{AB}}{m\Delta t_{AB}}}{\frac{Q_{CD}}{m\Delta t_{CD}}}=\frac{Q_{AB}}{Q_{CD}}×\frac{\Delta t_{CD}}{\Delta t_{AB}}=\frac{1}{2}×\frac{5°\mathrm{C}}{10°\mathrm{C}}=\frac{1}{4}$，即比热容之比为$1:4$。
2. 熔化过程的内能变化：
该物质是晶体，熔化过程中持续吸热，温度不变，内能增大。
3. 计算熔化过程吸收的热量：
已知固态比热容$c_{\mathrm{固}}=1×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}$，质量$m=0.5\ \mathrm{kg}$，AB段吸热$Q_{AB}=c_{\mathrm{固}}m\Delta t_{AB}=1×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}×0.5\ \mathrm{kg}×10°\mathrm{C}=5×10^3\ \mathrm{J}$。
单位时间吸热量为$\frac{Q_{AB}}{t_{AB}}=\frac{5×10^3\ \mathrm{J}}{2\ \mathrm{min}}=2.5×10^3\ \mathrm{J/min}$。
熔化过程对应BC段，加热时间$t_{\mathrm{熔}}=8\ \mathrm{min}-2\ \mathrm{min}=6\ \mathrm{min}$，故熔化吸热$Q_{\mathrm{熔}}=2.5×10^3\ \mathrm{J/min}×6\ \mathrm{min}=1.5×10^4\ \mathrm{J}$。
【答案】
$1:4$；增大；$1.5×10^{4}$
【知识点】
比热容计算；晶体熔化特点；热量计算
【点评】
本题结合温度-时间图像综合考查比热容、晶体熔化的知识，核心是利用“单位时间吸热相同”的条件，结合公式和图像信息分析，需理清各段的时间与温度变化关系，属于中等难度的热学综合题。
【难度系数】
0.4
要解决本题，需结合比热容公式、晶体熔化的特点分析：首先根据图像确定AB段和CD段的加热时间、温度变化量，利用“单位时间吸收热量相同”的条件，结合比热容公式计算比热容之比；晶体熔化时持续吸热，温度不变，内能增大；再通过AB段的吸热情况算出单位时间吸热量，结合熔化过程的加热时间求出熔化吸收的热量。
【解析】
1. 计算AB段和CD段的比热容之比：
由图像可知，AB段加热时间$t_{AB}=2\ \mathrm{min}$，温度变化$\Delta t_{AB}=-10°\mathrm{C}-(-20°\mathrm{C})=10°\mathrm{C}$；CD段加热时间$t_{CD}=12\ \mathrm{min}-8\ \mathrm{min}=4\ \mathrm{min}$，温度变化$\Delta t_{CD}=-5°\mathrm{C}-(-10°\mathrm{C})=5°\mathrm{C}$。
因单位时间吸收热量相同，故两段吸收热量的关系为$\frac{Q_{AB}}{Q_{CD}}=\frac{t_{AB}}{t_{CD}}=\frac{2\ \mathrm{min}}{4\ \mathrm{min}}=\frac{1}{2}$。
根据比热容公式$Q=cm\Delta t$，变形得$c=\frac{Q}{m\Delta t}$，则：
$\frac{c_{AB}}{c_{CD}}=\frac{\frac{Q_{AB}}{m\Delta t_{AB}}}{\frac{Q_{CD}}{m\Delta t_{CD}}}=\frac{Q_{AB}}{Q_{CD}}×\frac{\Delta t_{CD}}{\Delta t_{AB}}=\frac{1}{2}×\frac{5°\mathrm{C}}{10°\mathrm{C}}=\frac{1}{4}$，即比热容之比为$1:4$。
2. 熔化过程的内能变化：
该物质是晶体，熔化过程中持续吸热，温度不变，内能增大。
3. 计算熔化过程吸收的热量：
已知固态比热容$c_{\mathrm{固}}=1×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}$，质量$m=0.5\ \mathrm{kg}$，AB段吸热$Q_{AB}=c_{\mathrm{固}}m\Delta t_{AB}=1×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}×0.5\ \mathrm{kg}×10°\mathrm{C}=5×10^3\ \mathrm{J}$。
单位时间吸热量为$\frac{Q_{AB}}{t_{AB}}=\frac{5×10^3\ \mathrm{J}}{2\ \mathrm{min}}=2.5×10^3\ \mathrm{J/min}$。
熔化过程对应BC段，加热时间$t_{\mathrm{熔}}=8\ \mathrm{min}-2\ \mathrm{min}=6\ \mathrm{min}$，故熔化吸热$Q_{\mathrm{熔}}=2.5×10^3\ \mathrm{J/min}×6\ \mathrm{min}=1.5×10^4\ \mathrm{J}$。
【答案】
$1:4$；增大；$1.5×10^{4}$
【知识点】
比热容计算；晶体熔化特点；热量计算
【点评】
本题结合温度-时间图像综合考查比热容、晶体熔化的知识，核心是利用“单位时间吸热相同”的条件，结合公式和图像信息分析，需理清各段的时间与温度变化关系，属于中等难度的热学综合题。
【难度系数】
0.4
11. 甲、乙两个保温杯装有初温和质量相同的纯净水，静置在恒温的室内，小明每隔一段时间测出水温，并绘制了如图所示的图像.
(1)当$t=1\mathrm{h}$时，________（填“甲”或“乙”）杯中的水的内能较大；甲杯中水的比热容________（填“大于”“等于”或“小于”）乙杯中水的比热容.
(2)乙杯中的水在$0～1\mathrm{h}$内放出的热量为$Q_1$，在$1～2\mathrm{h}$内放出的热量为$Q_2$，则$Q_1$ ______（填“$＞$”“$=$”或“$＜$”）$Q_2$，你的判断依据是________.
(1)当$t=1\mathrm{h}$时，________（填“甲”或“乙”）杯中的水的内能较大；甲杯中水的比热容________（填“大于”“等于”或“小于”）乙杯中水的比热容.
(2)乙杯中的水在$0～1\mathrm{h}$内放出的热量为$Q_1$，在$1～2\mathrm{h}$内放出的热量为$Q_2$，则$Q_1$ ______（填“$＞$”“$=$”或“$＜$”）$Q_2$，你的判断依据是________.
答案
11.(1)甲 等于 (2)$＞$ 质量相等的同种物质,温度变化量越大,放出的热量越多
解析
【分析】
要解决这道题，需结合图像读取温度数据，利用内能、比热容的概念和放热公式分析：
(1) 内能与温度有关，质量相同的同种物质，温度越高内能越大；比热容是物质的固有特性，同种物质比热容相同，据此判断。
(2) 根据放热公式$Q_{放}=cm\Delta t$，质量和比热容相同时，放出热量与温度变化量成正比，计算乙在两个时间段的温度变化量，比较放出热量的大小。
【解析】
(1) 当$t=1\mathrm{h}$时，从图像可知甲杯水温为$80°\mathrm{C}$，乙杯水温为$50°\mathrm{C}$。两杯都是质量相同的纯净水，内能与温度有关，温度越高内能越大，因此甲杯中的水内能较大；比热容是物质的特性，甲、乙都是水，所以甲杯中水的比热容等于乙杯中水的比热容。
(2) 乙杯在$0～1\mathrm{h}$内的温度变化$\Delta t_1=100°\mathrm{C}-50°\mathrm{C}=50°\mathrm{C}$，在$1～2\mathrm{h}$内的温度变化$\Delta t_2=50°\mathrm{C}-35°\mathrm{C}=15°\mathrm{C}$。根据放热公式$Q_{放}=cm\Delta t$，甲、乙水的质量$m$相同，比热容$c$相同，温度变化量$\Delta t$越大，放出的热量越多，因此$Q_1＞Q_2$，判断依据是：质量相等的同种物质，温度变化量越大，放出的热量越多。
【答案】
11.(1) 甲；等于 (2) ＞；质量相等的同种物质，温度变化量越大，放出的热量越多
【知识点】
内能、比热容、热量计算
【点评】
本题结合温度-时间图像考查热学基础知识点，关键是从图像中准确读取温度变化，利用相关概念和公式分析，属于热学基础应用题目。
【难度系数】
0.6
要解决这道题，需结合图像读取温度数据，利用内能、比热容的概念和放热公式分析：
(1) 内能与温度有关，质量相同的同种物质，温度越高内能越大；比热容是物质的固有特性，同种物质比热容相同，据此判断。
(2) 根据放热公式$Q_{放}=cm\Delta t$，质量和比热容相同时，放出热量与温度变化量成正比，计算乙在两个时间段的温度变化量，比较放出热量的大小。
【解析】
(1) 当$t=1\mathrm{h}$时，从图像可知甲杯水温为$80°\mathrm{C}$，乙杯水温为$50°\mathrm{C}$。两杯都是质量相同的纯净水，内能与温度有关，温度越高内能越大，因此甲杯中的水内能较大；比热容是物质的特性，甲、乙都是水，所以甲杯中水的比热容等于乙杯中水的比热容。
(2) 乙杯在$0～1\mathrm{h}$内的温度变化$\Delta t_1=100°\mathrm{C}-50°\mathrm{C}=50°\mathrm{C}$，在$1～2\mathrm{h}$内的温度变化$\Delta t_2=50°\mathrm{C}-35°\mathrm{C}=15°\mathrm{C}$。根据放热公式$Q_{放}=cm\Delta t$，甲、乙水的质量$m$相同，比热容$c$相同，温度变化量$\Delta t$越大，放出的热量越多，因此$Q_1＞Q_2$，判断依据是：质量相等的同种物质，温度变化量越大，放出的热量越多。
【答案】
11.(1) 甲；等于 (2) ＞；质量相等的同种物质，温度变化量越大，放出的热量越多
【知识点】
内能、比热容、热量计算
【点评】
本题结合温度-时间图像考查热学基础知识点，关键是从图像中准确读取温度变化，利用相关概念和公式分析，属于热学基础应用题目。
【难度系数】
0.6
