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1. 下列关于同一物体的内能、热量、温度说法正确的是 （
A.物体内能增大，温度一定升高
B.物体温度升高，一定吸收了热量
C.物体温度升高，内能一定增大
D.物体内能增大，一定吸收了热量
C
）A.物体内能增大，温度一定升高
B.物体温度升高，一定吸收了热量
C.物体温度升高，内能一定增大
D.物体内能增大，一定吸收了热量
答案
1.C
解析
【分析】
本题考查内能、热量、温度三者的关系，解题思路是依据相关物理概念逐一分析每个选项，判断正误。需明确：同一物体，温度是分子平均动能的标志，内能与分子动能、势能总和有关；改变内能的方式有做功和热传递。
【解析】
要判断各选项正误，需结合内能、热量、温度的关系分析：
1. 分析选项A：物体内能增大，温度不一定升高，例如晶体熔化时，吸收热量内能增大，但温度保持不变，故A错误；
2. 分析选项B：物体温度升高，内能增大，这可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功（如摩擦生热），故B错误；
3. 分析选项C：同一物体，温度升高，分子热运动加剧，分子平均动能增大，内能一定增大，故C正确；
4. 分析选项D：物体内能增大，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，故D错误。
【答案】
C
【知识点】
内能、温度、热量的关系
【点评】
本题为基础概念题，核心是掌握内能、温度、热量的定义及相互联系，易错点在于混淆改变内能的两种方式，以及内能变化与温度变化的关系，需准确区分特殊情况（如晶体熔化）。
【难度系数】
0.6
本题考查内能、热量、温度三者的关系，解题思路是依据相关物理概念逐一分析每个选项，判断正误。需明确：同一物体，温度是分子平均动能的标志，内能与分子动能、势能总和有关；改变内能的方式有做功和热传递。
【解析】
要判断各选项正误，需结合内能、热量、温度的关系分析：
1. 分析选项A：物体内能增大，温度不一定升高，例如晶体熔化时，吸收热量内能增大，但温度保持不变，故A错误；
2. 分析选项B：物体温度升高，内能增大，这可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功（如摩擦生热），故B错误；
3. 分析选项C：同一物体，温度升高，分子热运动加剧，分子平均动能增大，内能一定增大，故C正确；
4. 分析选项D：物体内能增大，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，故D错误。
【答案】
C
【知识点】
内能、温度、热量的关系
【点评】
本题为基础概念题，核心是掌握内能、温度、热量的定义及相互联系，易错点在于混淆改变内能的两种方式，以及内能变化与温度变化的关系，需准确区分特殊情况（如晶体熔化）。
【难度系数】
0.6
2. 用相同的装置给质量相等的甲、乙两种物质(固态)加热，它们的温度随时间变化情况的一部分如图所示。当加热至2 min时，甲吸收的热量
等于
（选填“大于”“等于”或“小于”）乙吸收的热量；从图中可以看出固态物质甲的吸热能力大于
（选填“大于”“等于”或“小于”）固态物质乙的吸热能力。答案
2.等于 大于
解析
【分析】要解决这道题，首先明确：用相同装置加热时，相同时间内甲、乙两种物质吸收的热量相等，因此加热2分钟时，两者吸收的热量相同。判断物质的吸热能力（即比热容）需根据热量公式$Q=cm\Delta t$：当质量$m$相同、吸收的热量$Q$相同时，温度变化$\Delta t$越小，比热容$c$越大，物质的吸热能力越强。观察图像，在固态阶段（乙未开始熔化时），相同加热时间内，乙的温度升高幅度比甲大，说明甲的温度变化更小，因此甲的吸热能力更强。
【解析】1. 热量判断：由于使用相同的加热装置，相同时间内装置放出的热量相同，被甲、乙吸收的热量也相等，所以加热至2 min时，甲吸收的热量等于乙吸收的热量。2. 吸热能力判断：根据公式$Q=cm\Delta t$，已知甲、乙质量相等，加热相同时间（吸收热量$Q$相等），从图像可知，在固态阶段，甲的温度变化$\Delta t$小于乙的温度变化$\Delta t$，因此甲的比热容$c$更大，即固态物质甲的吸热能力大于乙的吸热能力。
【答案】等于；大于
【知识点】比热容、热量计算、吸热能力
【点评】本题结合温度-时间图像考查比热容的应用，核心是理解相同装置加热时热量的关系，以及利用控制变量法结合$Q=cm\Delta t$分析吸热能力，需要学生能正确解读图像信息。
【难度系数】0.6
【解析】1. 热量判断：由于使用相同的加热装置，相同时间内装置放出的热量相同，被甲、乙吸收的热量也相等，所以加热至2 min时，甲吸收的热量等于乙吸收的热量。2. 吸热能力判断：根据公式$Q=cm\Delta t$，已知甲、乙质量相等，加热相同时间（吸收热量$Q$相等），从图像可知，在固态阶段，甲的温度变化$\Delta t$小于乙的温度变化$\Delta t$，因此甲的比热容$c$更大，即固态物质甲的吸热能力大于乙的吸热能力。
【答案】等于；大于
【知识点】比热容、热量计算、吸热能力
【点评】本题结合温度-时间图像考查比热容的应用，核心是理解相同装置加热时热量的关系，以及利用控制变量法结合$Q=cm\Delta t$分析吸热能力，需要学生能正确解读图像信息。
【难度系数】0.6
3. 两个相同的容器分别装有质量相同的甲、乙两种液体，用同一热源分别加热，液体温度与加热时间关系如图所示，则 （
A.甲液体的比热容大于乙液体的比热容
B.如果升高相同的温度，两液体吸收的热量相同
C.加热相同的时间，甲液体吸收的热量大于乙液体吸收的热量
D.加热相同的时间，甲液体比乙液体温度升高得多
D
）A.甲液体的比热容大于乙液体的比热容
B.如果升高相同的温度，两液体吸收的热量相同
C.加热相同的时间，甲液体吸收的热量大于乙液体吸收的热量
D.加热相同的时间，甲液体比乙液体温度升高得多
答案
3.D
解析
【分析】
要解决这道题，需结合比热容知识和温度-时间图像分析：同一热源加热时，相同时间内甲、乙吸收的热量相等；根据公式$Q=cm\Delta t$，质量相同的不同物质，吸收相同热量时，温度变化越大，比热容越小；升高相同温度时，加热时间越长，吸收热量越多。逐一分析选项即可得出答案。
【解析】
已知两个容器中甲、乙液体质量相同，用同一热源加热，因此加热相同时间时，甲、乙吸收的热量相等。
选项A：根据$Q=cm\Delta t$，$m$相同、$Q$相同，由图像可知相同加热时间内，甲的温度变化$\Delta t_甲＞\Delta t_乙$，因此比热容$c=\frac{Q}{m\Delta t}$，$\Delta t$越大，$c$越小，故$c_甲＜c_乙$，A错误。
选项B：升高相同温度时，从图像看，甲需要的加热时间更短，说明甲吸收的热量更少，乙吸收的热量更多，B错误。
选项C：同一热源加热相同时间，甲、乙吸收的热量相等，C错误。
选项D：由图像可知，加热相同时间（同一横坐标），甲对应的温度更高，即甲液体温度升高得多，D正确。
【答案】
D
【知识点】
比热容、热量计算
【点评】
本题结合温度-时间图像考查比热容的应用，关键是理解同一热源相同时间内物质吸收热量相同，再利用$Q=cm\Delta t$分析温度变化与比热容的关系，属于基础题型，需掌握图像与公式的结合分析方法。
【难度系数】
0.6
要解决这道题，需结合比热容知识和温度-时间图像分析：同一热源加热时，相同时间内甲、乙吸收的热量相等；根据公式$Q=cm\Delta t$，质量相同的不同物质，吸收相同热量时，温度变化越大，比热容越小；升高相同温度时，加热时间越长，吸收热量越多。逐一分析选项即可得出答案。
【解析】
已知两个容器中甲、乙液体质量相同，用同一热源加热，因此加热相同时间时，甲、乙吸收的热量相等。
选项A：根据$Q=cm\Delta t$，$m$相同、$Q$相同，由图像可知相同加热时间内，甲的温度变化$\Delta t_甲＞\Delta t_乙$，因此比热容$c=\frac{Q}{m\Delta t}$，$\Delta t$越大，$c$越小，故$c_甲＜c_乙$，A错误。
选项B：升高相同温度时，从图像看，甲需要的加热时间更短，说明甲吸收的热量更少，乙吸收的热量更多，B错误。
选项C：同一热源加热相同时间，甲、乙吸收的热量相等，C错误。
选项D：由图像可知，加热相同时间（同一横坐标），甲对应的温度更高，即甲液体温度升高得多，D正确。
【答案】
D
【知识点】
比热容、热量计算
【点评】
本题结合温度-时间图像考查比热容的应用，关键是理解同一热源相同时间内物质吸收热量相同，再利用$Q=cm\Delta t$分析温度变化与比热容的关系，属于基础题型，需掌握图像与公式的结合分析方法。
【难度系数】
0.6
4.在1个标准大气压下，1 kg初温60 ℃的水吸收2.1×10^5 J热量后[$c_水=4.2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·°\mathrm{C})$]，它的温度变化量是（
A.10 ℃
B.40 ℃
C.50 ℃
D.60 ℃
B
）A.10 ℃
B.40 ℃
C.50 ℃
D.60 ℃
答案
4.B
解析
【分析】
要解决这道题，需先利用吸热公式计算理论温度变化量，再结合1标准大气压下水的沸点（100℃）判断实际温度变化，避免忽略水沸腾时温度不变的特点。首先回忆热量计算公式$Q_{吸}=cm\Delta t$，变形可得温度变化量$\Delta t=\frac{Q_{吸}}{cm}$，代入已知数值算出理论$\Delta t$后，需验证末温是否超过沸点，若超过则实际温度变化为沸点与初温的差值。
【解析】
根据吸热公式$Q_{吸}=cm\Delta t$，变形得温度变化量$\Delta t=\frac{Q_{吸}}{cm}$。
代入已知数据：$Q_{吸}=2.1×10^5\ \mathrm{J}$，$c_水=4.2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg·°C})$，$m=1\ \mathrm{kg}$，
计算理论温度变化量：$\Delta t_{理论}=\frac{2.1×10^5\ \mathrm{J}}{4.2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg·°C})×1\ \mathrm{kg}}=50\ \mathrm{°C}$。
此时理论末温为$60\ \mathrm{°C}+50\ \mathrm{°C}=110\ \mathrm{°C}$，但1标准大气压下水的沸点为$100\ \mathrm{°C}$，水沸腾时温度保持不变，因此实际能升高的温度为$100\ \mathrm{°C}-60\ \mathrm{°C}=40\ \mathrm{°C}$。
故答案选B。
【答案】
B
【知识点】
热量计算、水的沸点
【点评】
本题考查热量公式的应用，关键在于注意1标准大气压下水的沸点限制，避免直接套用公式忽略实际情况导致错误。
【难度系数】
0.6
要解决这道题，需先利用吸热公式计算理论温度变化量，再结合1标准大气压下水的沸点（100℃）判断实际温度变化，避免忽略水沸腾时温度不变的特点。首先回忆热量计算公式$Q_{吸}=cm\Delta t$，变形可得温度变化量$\Delta t=\frac{Q_{吸}}{cm}$，代入已知数值算出理论$\Delta t$后，需验证末温是否超过沸点，若超过则实际温度变化为沸点与初温的差值。
【解析】
根据吸热公式$Q_{吸}=cm\Delta t$，变形得温度变化量$\Delta t=\frac{Q_{吸}}{cm}$。
代入已知数据：$Q_{吸}=2.1×10^5\ \mathrm{J}$，$c_水=4.2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg·°C})$，$m=1\ \mathrm{kg}$，
计算理论温度变化量：$\Delta t_{理论}=\frac{2.1×10^5\ \mathrm{J}}{4.2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg·°C})×1\ \mathrm{kg}}=50\ \mathrm{°C}$。
此时理论末温为$60\ \mathrm{°C}+50\ \mathrm{°C}=110\ \mathrm{°C}$，但1标准大气压下水的沸点为$100\ \mathrm{°C}$，水沸腾时温度保持不变，因此实际能升高的温度为$100\ \mathrm{°C}-60\ \mathrm{°C}=40\ \mathrm{°C}$。
故答案选B。
【答案】
B
【知识点】
热量计算、水的沸点
【点评】
本题考查热量公式的应用，关键在于注意1标准大气压下水的沸点限制，避免直接套用公式忽略实际情况导致错误。
【难度系数】
0.6
5. 如图是单缸四冲程汽油机某一冲程工作示意图，该冲程是
压缩
冲程。若该汽油机1 s对外做功15次，则汽油机的飞轮速度为1 800
r/min。答案
5.压缩 1 800
解析
【分析】要判断汽油机的冲程，需观察气门开闭状态和活塞运动方向：图中两个气门均关闭，活塞向上运动，符合压缩冲程的特征；计算飞轮转速时，需牢记四冲程汽油机的工作规律：每对外做功1次，飞轮转动2圈，据此可由1s的做功次数换算出飞轮每分钟的转速。
【解析】1. 判断冲程：观察题图，汽油机的进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，因此该冲程是压缩冲程。
2. 计算飞轮速度：四冲程汽油机的一个工作循环中，飞轮转动2周，对外做功1次。已知该汽油机1s对外做功15次，则1s内飞轮转动的圈数为15×2=30圈；1分钟=60秒，所以每分钟飞轮转动的圈数为30×60=1800圈，即飞轮速度为1800r/min。
【答案】压缩；1800
【知识点】汽油机的冲程、飞轮转速与做功次数的关系
【点评】本题考查单缸四冲程汽油机的基础知识点，需掌握冲程判断方法和飞轮转速与做功次数的关系，属于常规基础题。
【难度系数】0.7
【解析】1. 判断冲程：观察题图，汽油机的进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，因此该冲程是压缩冲程。
2. 计算飞轮速度：四冲程汽油机的一个工作循环中，飞轮转动2周，对外做功1次。已知该汽油机1s对外做功15次，则1s内飞轮转动的圈数为15×2=30圈；1分钟=60秒，所以每分钟飞轮转动的圈数为30×60=1800圈，即飞轮速度为1800r/min。
【答案】压缩；1800
【知识点】汽油机的冲程、飞轮转速与做功次数的关系
【点评】本题考查单缸四冲程汽油机的基础知识点，需掌握冲程判断方法和飞轮转速与做功次数的关系，属于常规基础题。
【难度系数】0.7
6.有关热值的理解，下列说法正确的是 （
A.燃料燃烧时，随着不断放热，它的热值越来越小
B.采取措施使燃料燃烧得更充分，就可以提高燃料的热值
C.相同质量的不同种燃料完全燃烧时，放出热量较少的燃料，热值较小
D.煤油的热值比酒精的大，就是说煤油完全燃烧时放出的热量比酒精的多
C
）A.燃料燃烧时，随着不断放热，它的热值越来越小
B.采取措施使燃料燃烧得更充分，就可以提高燃料的热值
C.相同质量的不同种燃料完全燃烧时，放出热量较少的燃料，热值较小
D.煤油的热值比酒精的大，就是说煤油完全燃烧时放出的热量比酒精的多
答案
6.C
解析
【分析】要解决这道题，首先需明确热值的定义和核心特性：热值是燃料的固有属性，仅由燃料的种类决定，与燃料的质量、是否燃烧、燃烧是否充分、放热多少等因素均无关。再逐一分析各选项：A选项认为燃烧放热时热值变小，忽略了热值与放热无关的特性；B选项认为燃烧充分能提高热值，混淆了热值的决定因素；C选项符合热值的定义逻辑；D选项未控制质量变量，无法比较放热多少。
【解析】热值是单位质量的燃料完全燃烧时所释放的热量，是燃料本身的特性，仅由燃料种类决定，与燃烧程度、质量、放热多少无关。对各选项分析如下：
A选项：热值与燃料是否燃烧、放热多少无关，燃料燃烧时热值不变，A错误；
B选项：热值仅由燃料种类决定，与燃烧是否充分无关，燃烧充分不能改变热值，B错误；
C选项：根据热值定义，相同质量的不同燃料完全燃烧时，放出热量越少，其热值越小，C正确；
D选项：煤油热值比酒精大，只有在质量相同且完全燃烧的前提下，煤油放出的热量才更多，选项未说明质量相同，D错误。
【答案】C
【知识点】燃料的热值、热值的特性
【点评】本题考查对热值概念的基础理解，核心是掌握热值作为燃料固有属性的特点，需准确区分热值与燃料燃烧时其他因素的关系，属于概念辨析类基础题。
【难度系数】0.7
【解析】热值是单位质量的燃料完全燃烧时所释放的热量，是燃料本身的特性，仅由燃料种类决定，与燃烧程度、质量、放热多少无关。对各选项分析如下：
A选项：热值与燃料是否燃烧、放热多少无关，燃料燃烧时热值不变，A错误；
B选项：热值仅由燃料种类决定，与燃烧是否充分无关，燃烧充分不能改变热值，B错误；
C选项：根据热值定义，相同质量的不同燃料完全燃烧时，放出热量越少，其热值越小，C正确；
D选项：煤油热值比酒精大，只有在质量相同且完全燃烧的前提下，煤油放出的热量才更多，选项未说明质量相同，D错误。
【答案】C
【知识点】燃料的热值、热值的特性
【点评】本题考查对热值概念的基础理解，核心是掌握热值作为燃料固有属性的特点，需准确区分热值与燃料燃烧时其他因素的关系，属于概念辨析类基础题。
【难度系数】0.7
