1.如图所示,小明正在使用一种叫电力监测仪的工具对待机状态下的电视机进行测量,根据显示屏显示的内容判断,此时测量的是待机状态下电视机的(填“电功”或“电功率”),该物理量的单位是(中文名称)。

1. 电功率；瓦(瓦特)

【分析】要判断测量的物理量，需先观察电力监测仪显示屏的单位，回忆电功率与电功的单位区别：电功率的单位是瓦特（符号W），电功的单位是焦耳或千瓦时，根据单位即可确定测量的物理量及单位名称。
【解析】首先明确各物理量的单位：电功率的单位是瓦特，简称瓦，符号为W；电功的单位是焦耳（J），生活中常用千瓦时（kW·h）。题目中电力监测仪显示屏显示的单位是W，因此此时测量的是待机状态下电视机的电功率，该物理量的单位中文名称是瓦（或瓦特）。
【答案】电功率；瓦(瓦特)
【知识点】电功率的单位、电功率的概念
【点评】本题结合生活中的电力监测仪，考查对电功率及其单位的基础认识，贴近生活实际，难度较低。
【难度系数】0.8

2.小强利用电能表测量某个家用电器的电功率,当电路中只有这个用电器连续工作时,测得在1 h 内消耗的电能为1.2 kW·h,那么这个用电器是 ()

A.LED电视机
B.台式计算机
C.家用空调
D.电冰箱

2.C

【分析】
要解决这道题，需先根据已知的电能和时间计算用电器的电功率，再结合生活中常见家用电器的额定功率进行匹配判断。具体步骤：1. 利用电功率公式$P=\frac{W}{t}$，代入题目给出的电能和时间，算出用电器的功率；2. 回忆各选项中家用电器的大致功率范围，与计算结果对比，选出符合的选项。
【解析】
已知用电器单独工作时间$t=1\ \mathrm{h}$，消耗的电能$W=1.2\ \mathrm{kW·h}$，根据电功率计算公式：
$ P = \frac{W}{t} = \frac{1.2\ \mathrm{kW·h}}{1\ \mathrm{h}} = 1.2\ \mathrm{kW} = 1200\ \mathrm{W} $
分析各选项功率：
A. LED电视机功率约几十瓦，远小于1200W，不符合；
B. 台式计算机功率约200W左右，不符合；
C. 家用空调功率通常在1000W~2000W之间，与计算结果1200W相符；
D. 电冰箱功率约100W左右，不符合。
因此答案选C。
【答案】
C
【知识点】
电功率的计算、常见用电器的功率
【点评】
本题结合实际生活考查电功率的计算，需要学生掌握电功率公式，并了解常见家用电器的功率范围，属于基础应用类题目，难度适中。
【难度系数】
0.3

3.(双选)关于电功和电功率,下列说法正确的是 ()

A.用电器消耗电能越快,电功率越大
B.消耗的电能一定时,所用时间越长,它的电功率越大
C.用电器将电能转化为其他形式的能越多,电功率越大
D.用电器的电功率越大,相同时间内电流通过用电器所做的功越多

3.AD

【分析】要解答本题，需明确电功率的物理意义及相关公式：电功率是表示电流做功（消耗电能）快慢的物理量，公式为$ P=\frac{W}{t} $，电功公式为$ W=Pt $。接下来逐一分析选项：A选项对应电功率的物理意义；B选项根据$ P=\frac{W}{t} $，消耗电能一定时，电功率与时间成反比；C选项混淆了电功率的“快慢”和电功的“多少”；D选项根据$ W=Pt $，相同时间内电功率与电功成正比，据此判断正确选项。
【解析】1. 分析选项A：电功率的物理意义就是描述用电器消耗电能的快慢，因此用电器消耗电能越快，电功率越大，A正确。
2. 分析选项B：由公式$ P=\frac{W}{t} $可知，当消耗的电能$ W $一定时，电功率$ P $与时间$ t $成反比，所用时间越长，电功率越小，B错误。
3. 分析选项C：电功率反映的是电流做功的快慢，不是做功的多少；用电器将电能转化为其他形式的能越多，说明消耗的电能越多，但如果时间很长，电功率不一定大，C错误。
4. 分析选项D：由公式$ W=Pt $可知，相同时间$ t $内，电功率$ P $越大，电流通过用电器做的功（即消耗的电能）$ W $越多，D正确。
综上，正确选项为AD。
【答案】AD
【知识点】电功率的概念、电功与电功率的关系
【点评】本题考查电功率的核心概念及公式应用，关键是区分“电功率（做功快慢）”和“电功（做功多少）”，结合公式分析各选项即可，属于基础题，难度不大。
【难度系数】0.6

4.我国复兴号CR450型电力动车组是全球跑得最快的高铁列车。列车牵引功率达$1.1× 10^7$ W，在该功率下运行60 s，牵引力做功 J；刹车时，通过“再生制动”系统，将列车的能转化为电能，实现节能。

4.$6.6×10^8$；机械

【分析】
本题包含两个问题：第一问求牵引力做的功，已知功率和运行时间，需利用功与功率的关系公式计算；第二问判断再生制动过程的能量转化，需明确列车运动时的能量形式及转化方向。
【解析】
1. 计算牵引力做功：根据功率公式 $ P = \frac{W}{t} $，变形得牵引力做功 $ W = Pt $。代入数据：$ P = 1.1×10^7 \, \mathrm{W} $，$ t = 60 \, \mathrm{s} $，则 $ W = 1.1×10^7 \, \mathrm{W} × 60 \, \mathrm{s} = 6.6×10^8 \, \mathrm{J} $。
2. 判断能量转化：刹车时列车具有机械能（动能），再生制动系统将列车的机械能转化为电能，实现节能。
【答案】
$ 6.6×10^8 $；机械
【知识点】
功和功率的计算；能量的转化
【点评】
本题考查基础的功率公式应用和能量转化判断，知识点直接，难度较低，学生易掌握。
【难度系数】
0.8

5.某国产新能源汽车搭载的80 kW·h磷酸铁锂电池，支持高压充电，快充6 min可将电池储能从10%提升至70%，这段时间的充电功率为kW。

5.480

【分析】
要计算充电功率，需利用功率公式$P=\frac{W}{t}$，先确定充电过程中消耗的电能，再统一时间单位后代入公式计算。首先，根据电池储能的变化算出充电的电能；其次，将充电时间从分钟转换为小时（与电能单位匹配）；最后代入功率公式即可求解。
【解析】
1. 计算充电消耗的电能：
电池总容量为$80\ kW·h$，储能从10%提升至70%，充电比例为$70\% - 10\% = 60\%$，
则充电电能$W = 80\ kW·h × 60\% = 48\ kW·h$。
2. 转换充电时间单位：
$6\ min = \frac{6}{60}\ h = 0.1\ h$。
3. 计算充电功率：
根据功率公式$P=\frac{W}{t}$，代入数据得：
$P = \frac{48\ kW·h}{0.1\ h} = 480\ kW$。
【答案】
480
【知识点】
电功率计算、电能单位换算
【点评】
本题考查电功率的基本计算，核心是明确充电过程中消耗的电能和时间的计算，需注意单位统一，属于电学基础计算题，难度不大。
【难度系数】
0.7

6.有两个电路元件A、B，把它们串联在电路中，如图甲所示，通过元件的电流与其两端的电压关系如图乙所示。闭合开关S，这时电流表的示数为0.4 A，则A、B两元件的电功率之比为（）


A.4：5
B.5：4
C.2：3
D.1：3

6.A

【分析】
要解决本题，需利用串联电路的特点：串联电路中各处电流相等，因此通过元件A、B的电流等于电流表的示数（0.4A）。接着从图乙的I-U图像中，找到电流为0.4A时元件A、B对应的两端电压，再根据电功率公式P=UI计算两元件的电功率，最终求出它们的比值。
【解析】
1. 串联电路电流规律：串联电路中各处电流相等，故$ I_A = I_B = I = 0.4A $。
2. 读取图像数据：从图乙可知，当电流$ I=0.4A $时，元件A对应的电压$ U_A=2.0V $，元件B对应的电压$ U_B=2.5V $。
3. 计算电功率：根据公式$ P=UI $，元件A的电功率$ P_A=U_A × I $，元件B的电功率$ P_B=U_B × I $。
4. 求功率比值：$ \frac{P_A}{P_B} = \frac{U_A × I}{U_B × I} = \frac{U_A}{U_B} = \frac{2.0V}{2.5V} = \frac{4}{5} $，即功率比为4:5。
【答案】
A
【知识点】
串联电路特点、电功率计算、I-U图像应用
【点评】
本题结合串联电路特点与I-U图像考查电功率计算，核心是利用串联电流相等的特点确定两元件的电流，再从图像中读取对应电压，最后通过功率公式求比值，属于基础题型，注重对基础知识的应用。
【难度系数】
0.7