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6.[物生综合]如图，某些鱼的浮沉靠鱼鳔(biào)的胀缩实现。下列说法正确的是 （
A.当鱼鳔膨胀时，鱼会上浮
B.当鱼鳔收缩时，鱼的浮力不变
C.鱼的浮沉是通过改变自身重力实现的
D.当鱼鳔膨胀时，鱼排开水的重力变小
A
）A.当鱼鳔膨胀时，鱼会上浮
B.当鱼鳔收缩时，鱼的浮力不变
C.鱼的浮沉是通过改变自身重力实现的
D.当鱼鳔膨胀时，鱼排开水的重力变小
答案
6.A
解析
【分析】
要解决这道题，需结合鱼鳔的作用、阿基米德原理和物体浮沉条件分析：鱼鳔胀缩时，改变的是鱼排开水的体积，根据阿基米德原理，浮力与排开液体体积有关，而鱼自身重力基本不变，浮沉是靠改变浮力实现的。逐一分析选项即可得出答案。
【解析】
根据阿基米德原理$F_{浮}=\rho_{水}gV_{排}$，物体浮沉条件：$F_{浮}＞G$时上浮，$F_{浮}＜G$时下沉，$F_{浮}=G$时悬浮。
选项A：鱼鳔膨胀→鱼排开水的体积$V_{排}$增大→浮力$F_{浮}$增大，当$F_{浮}＞G$（鱼的重力）时，鱼会上浮，该选项正确。
选项B：鱼鳔收缩→$V_{排}$减小→浮力$F_{浮}$减小，浮力发生变化，该选项错误。
选项C：鱼的浮沉是通过改变排开水的体积（从而改变浮力）实现的，鱼自身重力不变，并非改变自身重力，该选项错误。
选项D：鱼鳔膨胀→$V_{排}$增大，根据$G_{排}=\rho_{水}gV_{排}$，排开水的重力变大，该选项错误。
综上，答案为A。
【答案】
A
【知识点】
鱼的结构与功能、阿基米德原理、物体浮沉条件
【点评】
本题将生物中鱼鳔的结构功能与物理中浮力、浮沉条件结合考查，核心是明确鱼鳔胀缩改变排开液体体积而非自身重力，属于基础综合题，需掌握相关原理的应用。
【难度系数】
0.6
要解决这道题，需结合鱼鳔的作用、阿基米德原理和物体浮沉条件分析：鱼鳔胀缩时，改变的是鱼排开水的体积，根据阿基米德原理，浮力与排开液体体积有关，而鱼自身重力基本不变，浮沉是靠改变浮力实现的。逐一分析选项即可得出答案。
【解析】
根据阿基米德原理$F_{浮}=\rho_{水}gV_{排}$，物体浮沉条件：$F_{浮}＞G$时上浮，$F_{浮}＜G$时下沉，$F_{浮}=G$时悬浮。
选项A：鱼鳔膨胀→鱼排开水的体积$V_{排}$增大→浮力$F_{浮}$增大，当$F_{浮}＞G$（鱼的重力）时，鱼会上浮，该选项正确。
选项B：鱼鳔收缩→$V_{排}$减小→浮力$F_{浮}$减小，浮力发生变化，该选项错误。
选项C：鱼的浮沉是通过改变排开水的体积（从而改变浮力）实现的，鱼自身重力不变，并非改变自身重力，该选项错误。
选项D：鱼鳔膨胀→$V_{排}$增大，根据$G_{排}=\rho_{水}gV_{排}$，排开水的重力变大，该选项错误。
综上，答案为A。
【答案】
A
【知识点】
鱼的结构与功能、阿基米德原理、物体浮沉条件
【点评】
本题将生物中鱼鳔的结构功能与物理中浮力、浮沉条件结合考查，核心是明确鱼鳔胀缩改变排开液体体积而非自身重力，属于基础综合题，需掌握相关原理的应用。
【难度系数】
0.6
7.嫦娥六号返回器用类似“打水漂”的方式着陆地球，其着陆过程的部分轨迹简化为如图所示。下列说法正确的是 （
A.AB段返回器的动能变大
B.BC段返回器的机械能变小
C.CD段返回器动能的增加量小于重力势能的减少量
D.A到D的全过程中返回器机械能守恒
C
）A.AB段返回器的动能变大
B.BC段返回器的机械能变小
C.CD段返回器动能的增加量小于重力势能的减少量
D.A到D的全过程中返回器机械能守恒
答案
7.C
解析
【分析】
要判断各选项的正误，需结合机械能守恒条件（只有重力做功时机械能守恒，有空气阻力做功时机械能转化为内能，机械能减小），分析各段返回器的位置（大气层内/外）、受力情况及能量转化：先明确各段返回器的运动环境，再结合动能、重力势能的变化规律，以及机械能是否守恒的条件逐一分析选项。
【解析】
选项A：AB段返回器在大气层内，受空气阻力，机械能减小；同时AB段返回器高度升高，重力势能增大。根据机械能=动能+重力势能，机械能减小、重力势能增大，因此动能一定减小，A错误。
选项B：BC段返回器穿出大气层后，在大气层外运动，无空气阻力，只有重力做功，机械能守恒，因此BC段机械能不变，B错误。
选项C：CD段返回器在大气层内下落，受空气阻力，重力势能减少；减少的重力势能一部分转化为动能，另一部分因克服空气阻力做功转化为内能，故动能的增加量小于重力势能的减少量，C正确。
选项D：A到D的全过程中，AB段和CD段返回器在大气层内运动，受空气阻力，机械能转化为内能，机械能不守恒，D错误。
【答案】
C
【知识点】
机械能守恒、动能与势能转化、空气阻力对机械能的影响
【点评】
本题结合返回器“打水漂”着陆的轨迹，考查机械能守恒条件及能量转化，需明确各段返回器的位置（大气层内/外），区分有无空气阻力的情况，是基础的能量分析题。
【难度系数】
0.4
要判断各选项的正误，需结合机械能守恒条件（只有重力做功时机械能守恒，有空气阻力做功时机械能转化为内能，机械能减小），分析各段返回器的位置（大气层内/外）、受力情况及能量转化：先明确各段返回器的运动环境，再结合动能、重力势能的变化规律，以及机械能是否守恒的条件逐一分析选项。
【解析】
选项A：AB段返回器在大气层内，受空气阻力，机械能减小；同时AB段返回器高度升高，重力势能增大。根据机械能=动能+重力势能，机械能减小、重力势能增大，因此动能一定减小，A错误。
选项B：BC段返回器穿出大气层后，在大气层外运动，无空气阻力，只有重力做功，机械能守恒，因此BC段机械能不变，B错误。
选项C：CD段返回器在大气层内下落，受空气阻力，重力势能减少；减少的重力势能一部分转化为动能，另一部分因克服空气阻力做功转化为内能，故动能的增加量小于重力势能的减少量，C正确。
选项D：A到D的全过程中，AB段和CD段返回器在大气层内运动，受空气阻力，机械能转化为内能，机械能不守恒，D错误。
【答案】
C
【知识点】
机械能守恒、动能与势能转化、空气阻力对机械能的影响
【点评】
本题结合返回器“打水漂”着陆的轨迹，考查机械能守恒条件及能量转化，需明确各段返回器的位置（大气层内/外），区分有无空气阻力的情况，是基础的能量分析题。
【难度系数】
0.4
8.(模型建构)如图,在植树活动中,两位同学用竹竿抬水。水桶挂在水平竹竿的P处,与前、后同学的距离分别为PM、PN,水桶对竹竿的作用力为F,其中PM、PN及F的大小均已知,竹竿的重力忽略不计。若要分析前面同学抬水的力F₁的大小,下列建构的杠杆示意图正确的是 (
A
)答案
8.A
解析
【分析】本题考查杠杆模型的建构，解题思路为：首先明确杠杆的定义（能绕固定点转动的硬棒），确定本题中水平竹竿为研究的杠杆；接着分析各力的性质与方向：前面同学的力F₁、后面同学的力F₂均为向上的动力，水桶的作用力F为向下的阻力；再确定杠杆的支点（绕其转动的点，分析F₁时支点为后面同学手与竹竿的接触点），最后明确力臂是支点到力作用线的垂直距离，据此判断正确的杠杆示意图。
【解析】水平竹竿作为杠杆，分析各要素：①支点：分析前面同学的力F₁时，支点为后面同学手与竹竿的接触点；②动力：前面同学的力F₁，方向竖直向上；③阻力：水桶对竹竿的作用力F，方向竖直向下，作用在P点；④力臂：支点到各力作用线的垂直距离。正确的杠杆示意图需准确标注支点、各力方向及对应力臂，符合要求的为选项A。
【答案】A
【知识点】杠杆、力臂、杠杆示意图
【点评】本题结合生活实际，考查杠杆模型的建构，核心是将实际抬水场景转化为杠杆模型，明确杠杆五要素是解题关键，难度适中，属于基础应用类题目。
【难度系数】0.5
【解析】水平竹竿作为杠杆，分析各要素：①支点：分析前面同学的力F₁时，支点为后面同学手与竹竿的接触点；②动力：前面同学的力F₁，方向竖直向上；③阻力：水桶对竹竿的作用力F，方向竖直向下，作用在P点；④力臂：支点到各力作用线的垂直距离。正确的杠杆示意图需准确标注支点、各力方向及对应力臂，符合要求的为选项A。
【答案】A
【知识点】杠杆、力臂、杠杆示意图
【点评】本题结合生活实际，考查杠杆模型的建构，核心是将实际抬水场景转化为杠杆模型，明确杠杆五要素是解题关键，难度适中，属于基础应用类题目。
【难度系数】0.5
9.[工程实践]如图为复原的西汉晚期的陶井模型，使用时用一侧的小罐取水，拉动另一侧的绳子可以把水提上来。忽略绳重及摩擦，下列说法正确的是（
A.使用木架上的滑轮可以省力
B.应用此种滑轮不可以改变力的方向
C.小罐从露出水面到离开水面的过程中，拉力逐渐变大
D.若只使用一个小罐提水，滑轮的机械效率与取水量无关
滑轮—
小罐—
C
）A.使用木架上的滑轮可以省力
B.应用此种滑轮不可以改变力的方向
C.小罐从露出水面到离开水面的过程中，拉力逐渐变大
D.若只使用一个小罐提水，滑轮的机械效率与取水量无关
滑轮—
小罐—
答案
9.C
解析
【分析】
本题需结合定滑轮的特点、阿基米德原理、机械效率的影响因素逐一分析选项：首先判断滑轮类型，再分析各选项对应的物理规律，排除错误选项，确定正确答案。
【解析】
1. 分析滑轮类型：木架上的滑轮轴固定不动，属于定滑轮，定滑轮实质是等臂杠杆，不省力，但可以改变力的方向，因此A选项“使用木架上的滑轮可以省力”错误，B选项“应用此种滑轮不可以改变力的方向”错误；
2. 分析C选项：小罐从露出水面到离开水面的过程中，排开水的体积逐渐增大，根据阿基米德原理$F_{浮}=\rho_{水}gV_{排}$，小罐受到的浮力逐渐变大；对小罐受力分析，拉力$F = G_{罐} - F_{浮}$，小罐重力$G_{罐}$不变，浮力变大，因此拉力逐渐变大，C选项正确；
3. 分析D选项：滑轮的机械效率$\eta=\frac{W_{有用}}{W_{总}}=\frac{G_{水}h}{G_{水}h + G_{罐}h + G_{轮}h}$，取水量越多，$G_{水}$越大，有用功在总功中的占比越大，机械效率越高，说明机械效率与取水量有关，D选项错误。
【答案】
C
【知识点】
定滑轮特点、浮力、机械效率
【点评】
本题结合古代陶井模型考查物理知识，贴近生活实际，需学生准确掌握定滑轮、浮力、机械效率的相关概念，逐一分析选项即可解题，属于基础应用类题目。
【难度系数】
0.5
本题需结合定滑轮的特点、阿基米德原理、机械效率的影响因素逐一分析选项：首先判断滑轮类型，再分析各选项对应的物理规律，排除错误选项，确定正确答案。
【解析】
1. 分析滑轮类型：木架上的滑轮轴固定不动，属于定滑轮，定滑轮实质是等臂杠杆，不省力，但可以改变力的方向，因此A选项“使用木架上的滑轮可以省力”错误，B选项“应用此种滑轮不可以改变力的方向”错误；
2. 分析C选项：小罐从露出水面到离开水面的过程中，排开水的体积逐渐增大，根据阿基米德原理$F_{浮}=\rho_{水}gV_{排}$，小罐受到的浮力逐渐变大；对小罐受力分析，拉力$F = G_{罐} - F_{浮}$，小罐重力$G_{罐}$不变，浮力变大，因此拉力逐渐变大，C选项正确；
3. 分析D选项：滑轮的机械效率$\eta=\frac{W_{有用}}{W_{总}}=\frac{G_{水}h}{G_{水}h + G_{罐}h + G_{轮}h}$，取水量越多，$G_{水}$越大，有用功在总功中的占比越大，机械效率越高，说明机械效率与取水量有关，D选项错误。
【答案】
C
【知识点】
定滑轮特点、浮力、机械效率
【点评】
本题结合古代陶井模型考查物理知识，贴近生活实际，需学生准确掌握定滑轮、浮力、机械效率的相关概念，逐一分析选项即可解题，属于基础应用类题目。
【难度系数】
0.5
